EXERCÍCIOS
RESOLVIDOS
1 - CONSIDERAÇÕES INICIAIS
1.1 - Introdução
Este capítulo é uma coletânea de exercícios aplicados em provas do curso de concreto
protendido.
Os problemas de dimensionamento quanto aos Estados Limites de Utilização devem ser
complementados com a verificação do Estado Limite Último, obrigatória por norma.
1.2 - Formulário: Combinações da NBR- 8681
COMBINAÇÕES DE UTILIZAÇÃO Combinações quase-permanentes m n Fd,uti
=
FGi,k
+
2j
FQj,k
i =1 j =1 Combinações freqüentes m n Fd,uti
=
FGi,k
+
1
FQ1,k
+
2j
FQj,k
i =1 j =2 Combinações raras m n Fd,uti
=
FGi,k
+ FQ1,k
+
1j
FQj,k
i =1 j =2 COMBINAÇÕES ÚLTIMAS Combinações últimas normais m nF
d
=
gi
FGi,k
+
q [
FQ1,k
+
0j
FQj,k]
i =1 j =2
0 ,
1 e
2
: conforme tabela 5 da NBR-86812 - DIMENSIONAMENTO
2.1 - Exercício 1
A estrutura abaixo representa uma laje, de seção transversal constante, em balanço, submetida às ações:
g = peso próprio, com
c = 25 kN/m³ q = 2 kPa (carga acidental distribuída) G = 50 kN (carga concentrada permanente) Q = 20 kN (carga concentrada acidental)A laje deverá ser protendida com cabos de 4 cordoalhas de 15,2 mm, com força útil de protensão, após todas as perdas, de 150 kN por cordoalha, na seção de engastamento (A). Dimensionar a armadura de protensão, na seção de engastamento (A), com protensão completa, seguindo as diretrizes da NBR-7197.
seção transversal (A)
A B A cabos A (distribuída)p vista lateral modelo de cálculo DADOS COMPLEMENTARES
· Utilizar um número inteiro de cabos · f
ck
= 32 MPa ; fctk
= 2 MPa· Adotar CG dos cabos a 5 cm da borda superior : Y
o
= 0,05 m· Fatores de utilização :
· Tensões máximas para os Estados Limites :
a) Características geométricas A
c
= 3,00 0,45 = 1,35 m² Ic
= 3,00 (0,45)3 / 12 = 0,02278 m4 Wcsu
= Wcin
= 0,02278 / 0,225 = 0,10124 m³ b) Ações externas g = 1,35 25 = 33,75 kN / m q = 2 3 = 6,00 kN / m G = 50 kN Q = 20 kNc) Esforços solicitantes na seção (A) M
g,A
= 33,75 (10)2 / 2 = 1687,5 kN.mM
q,A
= 6,00 (10)2 / 2 = 300 kN.mM
G,A
= 50 10 = 500 kN.m MQ,A
= 20 10 = 200 kN.md) Tensões normais devidas às ações externas
g :
csu,g
= -
cin,g
= 1687,5 / 0,10124 = 16668 kPa q :
csu,q
= -
cin,q
= 300 / 0,10124 = 2963 kPa G :
csu,G
= -
cin,G
= 500 / 0,10124 = 4939 kPa Q :
csu,Q
= -
cin,Q
= 200 / 0,10124 = 1975 kPae) Tensões normais devidas à protensão de 4 15,2 a tempo na seção (A) e
p
= 0,225 - 0,05 = 0,175 mP
= 4 (- 150) = - 600 kN / cabo
c
su,NP
= (-600 / 1,35) - [-600 (-0,175) / 0,10124] = - 444,44 - 1037,14 = - 1481,58 kPa
c
in,NP
= - 444,44 +1037,14 = 592,70 kPaf) Dimensionamento: Protensão Completa 1 - Combinações freqüentes : (descompressão) Na fibra superior : 16668 + 4939 + 0,7 2963 + 0,5 1975 + m' (- 1481,58) = 0 m' = 16,65 adotado 17 cabos
Verificação da fibra inferior com 17 cabos
17 592,70 - ( 16668 + 4939 + 0,7 2963 + 0,5 1975) = - 14592,70 | 14592,70 | < 19200 OK 2 - Combinações raras : (formação de fissuras) Na fibra superior : 16668 + 4939 + 2963 + 0,6 1975 + m'' (- 1481,58) 2400 m'' = 15,76 adotado 16 cabos
Verificação da fibra inferior com 16 cabos
16 592,70 - (16668 + 4939 + 2963 + 0,6 1975) = - 16271,80 | 16271,80 | < 19200 OK
Resposta: m = 17 cabos de 4 15,2 , distribuidos na largura de 3 m, na parte superior, a cada ~17 cm.
O pilar central de uma passarela, construído com formas deslizantes, com seção transversal constante, foi protendido segundo a direção vertical (protensão centrada), conforme indica a figura.
Ações atuantes, além da protensão:
G = 2000 kN reação da superestrutura, representando as cargas permanentes H = 180 kN força horizontal acidental (com
1
= 0,6)G
1
peso próprio do pilar com
= 25 kN / m³Sabendo-se que o pilar foi projetado com 8 cabos, determinar o número de cordoalhas por cabo para se ter protensão total na seção de engastamento bloco
x
pilar. A força de protensão, após todas as perdas, é P
= - 110 kN.DADOS COMPLEMENTARES
· Características: I
c
= (
/ 64) (D4 - d4) , Wc
= Ic
/ (D / 2)· Utilizar concreto com f
ck
= 34 MPa e fctk
= 3 MPa· Os cabos devem conter igual número de cordoalhas · Desprezar efeitos de 2ª ordem e cisalhamento
Combinações de Utilização Combinações freqüentes m n F
d,uti
=
FGi,k
+
1
FQ1,k
+
2j
FQj,k
i =1 j =2 Combinações raras m n Fd,uti
=
FGi,k
+ FQ1,k
+
1j
FQj,k
i =1 j =2 RESOLUÇÃO a) Características Ac
= 0,7854 [(1,60)2 - (1,10)2] = 1,0603 m² Ic
= (
/ 64) [(1,60)4 - (1,104)] = 0,2498 m4 Wc
= 0,2498 / 0,80 = 0,3123 m³b) Ações externas, no engastamento G = 2000 kN G
1
= 1,0603 20 25 = 530,15 kN MH
= 180 20 = 3600 kN.m c) Tensões externas devido G
G
= - 2000 / 1,0603 = - 1886,26 kPa devido G1
G1
= - 530,15 / 1,0603 = - 500,00 kPadevido M
H
MH,máx,min
=±
3600 / 0,3123 =±
11527,38 kPa d) Tensões devidas à protensão de 1 cordoalha1 - Combinações freqüentes
Fibra mais tracionada:
c,P
+ G + G1
+
1
FQ1
0 m' (- 103,74) - 1886,26 - 500,00 + 0,6 11527,38 0 m' 43,7 cordoalhas adotado m1
= 48 cordoalhasFibra mais comprimida:
c,P
+ G + G1
+
1
FQ1
| 0,6 fck
| 48 (- 103,74) - 1886,26 - 500,00 - 0,6 11527,38 = - 14282,21 | 14282,21 | < | 0,6 34000 | = | 20400 | OK2 - Combinações raras
Fibra mais tracionada:
c,P
+ G + G1
+ FQ1
1,2 fctk
m'' (- 103,74) - 1886,26 - 500,00 + 11527,38 1,2 3000 m'' 53,41 cordoalhas adotado m2
= 56 cordoalhas Fibra mais comprimida:
c,P
+ G + G1
+ FQ1
| 0,6 fck
|56 (- 103,74) - 1886,26 - 500,00 - 11527,38 = - 19723,08 | 19723,08 | < | 20400 | OK
f) Representação gráfica: combinações freqüentes e raras
Resposta: Adotado 56 cordoalhas (8 cabos de 7 cordoalhas cada).
-449,35
+3.331,68
2.3 - Exercício 3
Dimensionar a armadura de protensão, da viga abaixo esquematizada, com protensão completa, segundo as recomendações da NBR - 7197.
DADOS COMPLEMENTARES
· Utilizar cordoalhas de 12,7 mm
· Força útil de protensão após todas as perdas: N = - 115 kN / cordoalha
· Adotar igual número de cordoalhas por cabo · Número de cabos = 4
· I = b h3 / 12 ; W = I / y
· M
g1
= 400 kN.m· M
q1
= 300 kN.m
1
= 0,8
2
= 0,6· M
Q2
= 200 kN.m
1
= 0,8
2
= 0,6· Concreto : f
ck
= 30 MPa ; fctk
= 2,0 MPa Combinações freqüentes m n F
d,uti
=
FGi,k
+
1
FQ1,k
+
2j
FQj,k
i =1 j =2 Combinações raras m n Fd,uti
=
FGi,k
+ FQ1,k
+
1j
FQj,k
i =1 j =2 RESOLUÇÃO a) Características geométricas Ac
= 0,50 1,00 = 0,50 m² Ic
= 0,50 (1,00)3 / 12 = 0,0417 m4 Wcsu
= Wcin
= 0,0417 / 0,5 = 0,0833 m³ b) Carregamentos externos Mg1
= 400 kN.m Mq1
= 300 kN.m MQ2
= 200 kN.mc) Tensões normais externas
devido g
1
cin,g1
= -
csu,g1
= 400 / 0,0833 = 4800 kPa devido q1
cin,q1
= -
csu,q1
= 300 / 0,0833 = 3600 kPa devido Q2
cin,Q2
= -
csu,Q2
= 200 / 0,0833 = 2400 kPad) Tensões normais devidas à protensão de 1 cordoalha de 12,7 mm, a tempo Y
o
= 0,10 m ; e = 0,50 - 0,10 = 0,40 m ; NP
= - 115 kN
c
(o)su,NP
= - 115 / 0,50 + 115 0,40 / 0,0833 = -230 + 552 = 322 kPae) Dimensionamento com protensão completa 1 - Combinações freqüentes (descompressão)
Na fibra inferior
cin,P
+ g1
+
1
q1
+
2
Q2
= 0 (- 782) m1
+ 4800 + 0,8 3600 + 0,6 2400 = 0 m1
= 11,66 cordoalhas (: 4 = 2,92) adotado 3 4 = 12 cordoalhas de 12,7 mm
Verificação da fibra superior com 12 cordoalhas de 12,7 mm 12 322 - 4800 - 0,8 3600 - 0,6 2400 < |18000| - 5256 < |18000| OK
2 - Combinações raras (formação de fissuras)
Na fibra inferior
cin,P
+ g1
+q1
+
1
Q2
2400 (- 782) m1
+ 4800 + 3600 + 0,8 2400 2400 - 782 m1
2400 - 10320- 782 m
1
- 7920m
1
10,13 adotado 12 cordoalhas de 12,7 mm Verificação da fibra superior com 12 cordoalhas de 12,7 mm12 322 - 4800 - 3600 - 0,8 2400 < |18000| - 6456 < |18000| OK
A estrutura abaixo representa uma viga de seção transversal constante, biapoiada, submetida às ações g
1
(peso próprio), g2
(sobrecarga permanente distribuída) e Q (carga concentrada acidental). A viga deverá ser protendida com cabos de 4 cordoalhas de 15,2 mm, com força útil de protensão, após todas as perdas, de 150 kN por cordoalha, na seção central de momento máximo. Dimensionar a seção central, com protensão limitada, seguindo as diretrizes da NBR-7197, utilizando-se um número inteiro de cabos.DADOS COMPLEMENTARES · A
c
= 0,65 m² · Ic
= 0,1695 m4 · fck
= 32 MPa ; fctk
= 2,2 MPa · = 20 m · g2
= 34 kN / m · Q = 300 kN ·
c
= 25 kN / m³· Adotar CG dos cabos em Y
o
= 0,10 m· Fator de utilização para Q:
1
= 0,7 e
2
= 0,6Combinações de Utilização Combinações quase-permanentes m n F
d,uti
=
FGi,k
+
2j
FQj,k
i =1 j =1 Combinações freqüentes m n Fd,uti
=
FGi,k
+
1
FQ1,k
+
2j
FQj,k
i =1 j =2 Tensões Limites RESOLUÇÃO a) Características geométricas Ac
= 0,65 m² Wcsu
= Wcin
= 0,226 m³ Ic
= 0,1695 m4 Ycsu
= Ycin
= 0,75 mb) Carregamentos: momentos fletores na seção central
g
1
= 0,65 25 = 16,25 kN / m Mg
1 = 16,25 (20)2 / 8 = 812,50 kN.mg
2
= 34 kN / m Mg
2 = 34 (20)2 / 8 = 1700,0 kN.mQ = 300 kN M
Q
= 300 20 / 4 = 1500,0 kN.mc) Tensões normais devidas às ações externas
devido g
1
:
cin,g
1 = -
csu,g
1 = 812,50 / 0,226 = 3595,13 kPadevido g
2
:
cin,g
2 = -
csu,g
2 = 1700,0 / 0,226 = 7522,12 kPa1 cabo = N
P
= 4 (- 150) = - 600 kN ep
= 0,75 - 0,10 = 0,65 m
c
(o)in,N
P = [(- 600) / 0,65] + [(- 600) 0,65 / 0,226] = - 923,08 - 1725,66 = - 2648,74 kPa
c
(o)su,N
P = - 923,08 + 1725,66 = 802,58 kPae) Número de cabos: protensão limitada 1 - Combinações quase permanentes
Na fibra inferior:
cin
(g1
+ g2
+ P
) +
2
Q = 03595,13 + 7522,12 + 0,6 6637,17 + m' (- 2648,74) = 0 m' = 5,70 adotado m' = 6 cabos
Na fibra superior com m' = 6 cabos
6 802,58 - (3595,13 + 7522,12 + 0,6 6637,17) = - 10284,07 kPa | 10284,07 | < 0,6 30000 = 19200 kPa OK
2 - Combinações freqüentes
Na fibra inferior:
cin
(g1
+ g2
+ P
) +
1
Q 1,2 fctk
3595,13 + 7522,12 + 0,7 6637,17 + m'' (2648,74) = 2640 m'' = 4,95 adotado m'' = 6 cabosNa fibra superior com m'' = 6 cabos
6 802,58 - (3595,13 + 7522,12 + 0,7 6637,17) = - 10947,79 kPa | 10947,79 | < 19200 kPa OK
2.5 - Exercício 5
Uma viga de seção transversal em forma de T, conforme detalhe a seguir, deverá resistir aos seguintes esforços solicitantes:
M
g1
= 280 kN.m devido ao peso próprio Mg2
= 60 kN.m devido ao revestimento g2
M
q1
= 400 kN.m sobrecarga 1
1
= 0,6
2
= 0,4 Mq2
= 220 kN.m sobrecarga 2
1
= 0,3
2
= 0,2A viga será protendida com cabos de cordoalhas de 15,2 mm, com força útil de protensão, após todas as perdas, de 160 kN / cordoalha.
a) Considerando-se as Normas NBR-7197 (Concreto Protendido) e a NBR-8681 (Ações e segurança), descrever os tipos de protensão quanto aos Estados Limites de Utilização.
b) Dimensionar a seção, ou seja, calcular o número mínimo de cordoalhas para que se tenha, segundo a NBR-7197, protensão limitada.
DADOS COMPLEMENTARES · A
c
= 0,335 m² · Ic
= 0,01803 m4 · Ycsu
= 0,28 m · Ycin
= 0,52 m · Wcsu
= 0,0644 m³ · Wcin
= 0,0347 m³· Y
o
= 0,08 m (posição do CG dos cabos) Combinações quase-permanentes m n F
d,uti
=
FGi,k
+
2j
FQj,k
i =1 j =1 Combinações freqüentes m n Fd,uti
=
FGi,k
+
1
FQ1,k
+
2j
FQj,k
i =1 j =2 Combinações raras m n Fd,uti
=
FGi,k
+ FQ1,k
+
1j
FQj,k
i =1 j =2 Tensões Limites RESOLUÇÃOa) Tipos de protensão segundo os Estados Limites de Utilização (NBR-7197 e 8681)
Nas classificações são utilizadas as combinações quase-permanentes, as freqüentes e as raras. Os estados limites de utilização estão associados à fissuração do concreto podendo ser de descompressão, formação de fissuras e abertura de fissuras.
As protensões podem ser completa, limitada e parcial, conforme a seguinte sinopse:
b) Dimensionamento da seção 1 - Esforços solicitantes M
g1
= 280 kN.m Mg2
= 60 kN.m Mq1
= 400 kN.m Mq2
= 220 kN.m2 - Tensões normais devidas às ações externas
devido g
1
:
cin,g
1 = 8069,16 kPa
csu,g
1 = - 4347,83 kPadevido g
2
:
cin,g
2 = 1729,17 kPa
csu,g
2 = - 931,68 kPa
1
2
devido q
1
:
cin,q
1 = 11527,38 kPa
csu,q
1 = - 6211,18 kPa 0,6 0,4devido q
2
:
cin,q
2 = 6340,06 kPa
csu,q
2 = - 3416,15 kPa 0,3 0,23 - Tensões normais devidas à protensão de 1 cordoalha a tempo Y
o,in
= 0,08 me
p
= 0,52 - 0,08 = 0,44 m
c
(o)in,
P = [(- 160) / 0,335] + [(- 160) 0,44 / 0,0347] = - 477,62 - 2028,82 = - 2506,44 kPa
c
(o)su,
P = [(- 160) / 0,335] - [(- 160) 0,44 / 0,0644] = - 477,62 + 1093,17 = 615,55 kPa4 - Determinação do número de cordoalhas com protensão limitada i) Para combinações quase-permanentes
csu,
P +
g +
2j
FQj,k
|
c
|
cin,
P +
g +
2j
FQj,k
= 0 · Na fibra inferior
cin,
P +
g +
2j
FQj,k
= 0 m' (- 2506,44) + 8069,16 + 1729,17 + 0,4 11527,38 + 0,2 6340,06 = 0 m' = 6,25 adotado 7 cordoalhas
csu,
P +
g +
2j
FQj,k
0,6 30000 = 180007 615,55 - 4347,83 - 931,68 + 0,4 (- 6211,18) + 0,2 (- 3416,15) = - 4138,36 | 4138,36 | < | 18000 | OK
ii) Para combinações freqüentes
csu,
P +
g +
1
FQ1,k
+
2j
FQj,k
|
c
|
cin,
P +
g +
1
FQ1,k
+
2j
FQj,k
= 2520 · Na fibra inferior
cin,
P +
g +
1
q1
+
2
q2
= 2520 m'' (- 2506,44) + 8069,16 + 1729,17 + 0,6 11527,38 + 0,2 6340,06 = 2520 m'' = 6,17 adotado 7 cordoalhas· Na fibra superior com 7 cordoalhas
csu,
P +
g +
1
q1
+
2
q2
180007 615,55 - 4347,83 - 931,68 + 0,6 (- 6211,18) + 0,2 (- 3416,15) = - 5380,60 | 5380,60 | < | 18000 | OK
2.6 - Exercício 6
A estrutura abaixo representa uma viga-calha de cobertura de um galpão industrial, com seção transversal constante, biapoiada, submetida às seguintes ações externas:
g
1
peso próprio com
= 25 kN / m³ g2
ação permanente (telhas)q ação variável (água e sobrecarga) Q ação variável concentrada (talha)
A viga deverá ser dimensionada com protensão através de 4 cabos, simetricamente distribuidos, com igual número de cordoalhas. As cordoalhas serão de 12,7 mm, com força útil de protensão, após todas as perdas, de 115 kN / cordoalha, na seção central (seção mais solicitada).
Dimensionar a armadura de protensão, com protensão limitada, segundo as recomendações da NBR-7197.
10,2
· f
ck
= 30 MPa · fctk
= 2,04 MPa · = 16,00 m · q = 14,00 kN / m · g2
= 18,00 kN / m · Q = 60,00 kN· Desprezar engrossamentos junto aos apoios
· Não há necessidade, para simplificar, da verificação da execução e Estado Limite Último
Fatores de Utilização
Tensões Máximas para os Estados Limites
RESOLUÇÃO
a) Características geométricas
A
c
= 0,15 1,20 2 + 0,20 0,30 = 0,42 m²I
c
= 2 0,15 (120)3 / 12 + 0,30 (0,20)3 / 12 = 0,0434 m4b) Carregamentos externos (momentos fletores) = 16,00 m g
1
= 0,42 25 = 10,50 kN / m g2
= 18,00 kN / m q = 14,00 kN / m Q = 60,00 kN Mg
1 = 10,50 (16,00)2 / 8 = 336,00 kN.m Mg
2 = 18,00 (16,00)2 / 8 = 576,00 kN.m Mq
= 14,00 (16,00)2 / 8 = 448,00 kN.m MQ
= 60 16,00 / 4 = 240,00 kN.m c) Tensões normais externasdevido g
1
:
cin,g
1 = -
csu,g
1 = 336,00 / 0,07233 = 4645,38 kPadevido g
2
:
cin,g
2 = -
csu,g
2 = 576,00 / 0,07233 = 7963,50 kPadevido q :
cin,q
= -
csu,q
= 448,00 / 0,07233 = 6193,83 kPa devido Q :
cin,Q
= -
csu,Q
= 240,00 / 0,07233 = 3318,13 kPad) Tensões normais devidas à protensão de 1 cordoalha de 12,7 mm, a tempo Y
o
= 0,10 + 0,051 = 0,151 me = 0,60 - 0,151 = 0,449 m N
P
= - 115 kN
c
(o)su,N
P = [(- 115) / 0,42] + [115 0,449 / 0,07233] = - 273,81 + 713,88 = 440,07 kPa
c
(o)in,N
P = -273,81 - 713,88 = - 987,69 kPae) Dimensionamento com Protensão Limitada 1 - Combinações quase-permanentes
4645,38 + 7963,50 + 0,6 6193,83 + 0,4 3318,13 + m (- 987,69) 0 m 17,87 cordoalhas adotado 4 x 5 = 20 cordoalhas
Na fibra superior com 20 cordoalhas:
- 4645,38 - 7963,50 + 0,6 (- 6193,83) + 0,4 (- 3318,13) + 20 440,07 = - 8851,03 | 8851,03 | < 18000 OK
2 - Combinações freqüentes
Na fibra inferior:
cin,Np
+ g1
+ g2
+
1 q
+
2 Q
1,2 fctk
4645,38 + 7963,50 + 0,8 6193,83 + 0,4 3318,13 + m' (- 987,69) 2448 m 16,65 cordoalhas adotado 4 x 5 = 20 cordoalhas
Na fibra superior com 20 cordoalhas:
- 4645,38 - 7963,50 + 0,8 (-6193,83) + 0,4 (-3318,13) + 20 (440,07) = - 10089,80 | 10089,80 | < 18000 OK
3 - ESTADO LIMITE ÚLTIMO
3.1 - Exercício 1
Verificar se, no Estado Limite Último de ruptura sob solicitações normais, a seção transversal abaixo indicada está satisfatória, considerando-se as armaduras ativas adotadas.
DADOS COMPLEMENTARES
· Concreto: f
ck
= 30 MPa· Aço CP190 RB : f
ptk
= 1900 MPa fpyk
= 1710 MPa fpk
o = 1197 MPa· A
p
(o) = 1,40 cm² por cordoalha· E
p
= 200 000 MPa ·
pi
= 6 ‰ (pré-alongamento) Coeficientes de ponderação: s
= 1,15 c
= 1,4 g
= q
= 1,4M
g
= 12800 kN.m (permanente) Mq
1 = 7600 kN.m (acidental variável)M
q
2 = 4000 kN.m (acidental variável)Fatores de combinação das ações:
Diagrama (
p
x
p
) e (
pd
x
pd
) do aço CP 190 RBNo intervalo 0
pd
5,20 ‰
pd
= Ep
pd
No intervalo 5,20 ‰
pd
9,43 ‰
pd
= curva indicada No intervalo
pd
9,43 ‰
pd
= fpyk
/ s
RESOLUÇÃO
a) CG dos cabos:
Y
o
= 0,20 m dp
= 2,75 - 0,20 = 2,55 mb) Momento de cálculo solicitante (M
sd
)M
sd
= 1,4 (12800) + 1,4 (7600 + 0,6 4000) = 31920 kN.mc) Equilíbrio da seção transversal
Adotando-se inicialmente
pd
= fpyk
/ s
= 1710 / 1,15 = 1486,96 MPa Força de tração na armadura protendidaN
pd
= Ap
pd
= 4 18 1,40 (10)-4 1486,96 (10)3 = 14988,56 kNÁrea comprimida da seção de concreto:
cd
= (30 / 1,4) 0,85 = 18,214 MPaN
cd
= Acc
cd
= Npd
Acc
= Npd
/
cd
= 14988,56 / 18,214 (10)3 = 0,823 m² Posição da LN y = Acc
/ b = 0,823 / 1,2 = 0,686 < 0,85 OK LN na mesa x = y / 0,8 = 0,686 / 0,8 = 0,857 m Deformação
p
:
p
= [(dp - x) / x] 3,5 ‰ = [(2,55 - 0,857) / 0,857] 3,5 = 6,913 ‰ Alongamento total:
pd
=
p
+
pi
= 6,913 + 6,00 = 12,913 ‰
pd
= 12,913 ‰ >
''p
= 9,43 ‰
pd
= 1486,96 MPa confirmada d) Momento resistente de cálculo (MRd
)z
p
= 2,55 - y / 2 = 2,55 - 0,686 / 2 = 2,207 mM
Rd
= Npd
zp
= 14988,56 2,207 = 33079,75 kN.m e) VerificaçãoM
Rd
= 33079,75 kN.m > Msd
= 31920 kN.mDimensionar a armadura de protensão, no estado limite último, para a seção abaixo esquematizada: DADOS COMPLEMENTARES · Concreto f
ck
= 34 MPa · Aço CP 190 RB ·
c
=
g
=
q
= 1,4 · Pré-alongamento da armadura
pi
= 5,0 ‰ ·
cd
= 0,85 fcd
· y = 0,8 x ·
x
= x / d Ações Permanentes | Mg1
= 2500 kN.m | Mg2
= 1000 kN.m Ações Variáveis | Mq1
= 2000 kN.m
0
= 0,7 | Mq2
= 500 kN.m
0
= 0,6 Combinações últimas normaism n
F
d
=
gi
FGi,k
+
q [
FQ1,k
+
0j
FQj,k]
i =1 j =2RESOLUÇÃO
a) Momento de cálculo solicitante (M
sd
)M
sd
= 1,4 (2500 + 1000) + 1,4 (2000 + 0,6 500) = 8120 kN.m Msd
= 8,120 MN.mb) Momento absorvido pela flange superior (M
sd,f
)M
sd,f
= bf
y
cd
(d - y / 2) bf
= 1,0 - 0,2 = 0,80 m y = hf
= 0,30 m x = 0,30 / 0,8 = 0,375 Msd,f
= 0,80 0,30 0,85 (34 / 1,4) (1,40 - 0,30 / 2) Msd,f
= 6,193 MN.m
x,f
= x / d = 0,375 / 1,40 = 0,268 Tabela
z
= 0,888
pi
= 9,45 ‰
pd
= 9,45 + 5,00 = 14,45 ‰
pd
= 1500 MPa Ap,f
= (Msdf
104) / (
z
d
pd
) = (6,193 104) / (0,888 1,40 1500) = 33,21 cm²c) Momento absorvido pela alma
Md
= Msd
- Msd,f
= 8,120 - 6,193 = 1,927 MN.m K6
= b d2 /
Md
= 0,20 (1,40)2 / 1,927 = 0,203 K6
= 0,203 Tabela
x
= 0,34
z
= 0,859
pd
= 6,794 ‰
pd
= 6,794 + 5,00 = 11,794 ‰
pd
= 1486 MPa As,
Md
= (1,927 104) / (0,859 1,40 1486) = 10,78 cm² d) Armadura final Ap
= Ap,f
+ As,
Md
= 33,21 + 10,78 = 43,99 cm² 43,99 / 1,40 = 31,42 32 cordoalhas de 15,2 mmDimensionar a seção abaixo esquematizada, sabendo-se que nela atuam os seguintes momentos fletores:
Ações (momentos fletores) atuantes:
Ação permanente Mg1 = 1.800 kN.m Ação permanente Mg2 = 1.230 kN.m
Ação acidental principal Mq1 = 1.000 kN.m o = 0,7 Ação acidental Mq2 = 780 kN.m o = 0,6 2,60 m 1,00 m Mgi, Mqi 0,90 0,10 0,10 0,50 0,30 1,00 0,30 0,50 Utilizar cordoalhas 15,2 mm Pré-alongamento da armadura = 5,5 ‰ pi A = 1,40 cm² / cordoalhap(o)
OBS: Utilizar apenas armadura ativa Ap
(número par de cordoalhas) Materiais
CONCRETO:
fck = 34 MPa
AÇO:
· Aço ativo CP190 RB :
Ep = 200.000 MPa
Coeficientes de ponderação:
s = 1,15
c = 1,4
g =
q = 1,4
Dados complementares: cd
= 0,85 fcd
y = 0,8 x x x d Combinações últimas normais
m n
Fd =
gi FGi,k +
q [FQ1,k +
0j FQj,k]
i =1 j =2
RESOLUÇÃO
a) Momento de cálculo solicitante
Msd= 1,4* (1.800+1.230) + 1,4 * (1.000 + 0,6 * 780) = 6.297,20 kN.m Msd= 6,2972 MN.m
b) Momento absorvido pela flange superior Msd,f= bf * hf * σcd * ( d – hf/2) Msd,f= 2,00 * 0,10 * 0,85 * 34/1,4 * ( 0,90 – 0,10/2) Msd,f= 3,509 MN.m x = y / 0,80 = 0,10/0,80 = 0,125
x
= x/d = 0,125/0,90 = 0,139 TABELA
z
= 0,949
pd
= 10,00 ‰
pd
= 10,00 + 5,50 = 10,50 ‰ TABELA pd
= 1.510 MPa Ap,f = Msd,f * 104 / (
z
* d * pd
) = (3,509 * 104) / (0,949 * 0,90 * 1.510) = 27,21 cm2 c) Momento absorvido pela alma (Msd, alma = ΔMd)ΔMd = Msd – Msd,f = 6,2972 – 3,509 = 2,7882 MN.m K
6
= b * d2 / ΔMd = 0,60 * (0,90)2 / 2,7882 = 0,174 K6
= 0,174 TABELA
x
= 0,42
z
= 0,825
pd
= 4,83 ‰ x = x
d = 0,42 0,90 = 0,378 m
pd
= 4,83 + 5,50 = 10,33 ‰ TABELA
pd
= 1.490 MPa Ap,alma = (2,7882 * 104) / (0,825 * 0,90 * 1.490) = 25,20 cm2 d) Armadura final Ap
= Ap,f
+ Ap,alma
= 27,21 + 25,20 = 52,41 cm² Ap( )0 1 40, cm2 52,41 / 1,40 = 37,4 Resposta: Ap
38 15,2 mm.Verificar se, no estado limite último de ruptura sob solicitações normais, a seção a seguir indicada apresenta condições satisfatórias de segurança, considerando-se as armaduras ativas e passivas. 2,40 m 0,70 2,70 m 0,30 0,05 0,15 0,30 0,30 0,60 Armadura ativa (4 cabos) Armadura passiva (8 barras) E = E = 200 000 MPap s = 5,0 ‰ (pré-alongamento) pi
ARMADURA ATIVA: 4 cabos com 28 cordoalhas de 15,2 mm cada
· A
p
(o) = 1,40 cm² / cordoalhaARMADURA PASSIVA: 8 16 mm
· A
s
(o) = 2,00 cm² / barraMATERIAIS
· Concreto: f
ck
= 30 MPa· Aço ativo CP190 RB : f
ptk
= 1900 MPa fpyk
= 1710 MPa fpk
o = 1197 MPaCoeficientes de ponderação:
s
= 1,15
c
= 1,4
g
= q
= 1,4Momentos fletores atuantes: M
g1
= 10 000 kN.m Mg2
= 8 000 kN.mM
q1
= 18 000 kN.m o
= 0,8 Mq2
= 8 000 kN.m o
= 0,6 Combinações últimas normais
n j oj K Q q m i gi d F F 2 K Qj, , 1 K Gi, 1 F F
Diagrama (
p
x
p
) e (
pd
x
pd
) do aço CP 190 RB No intervalo 0
pd
5,20 ‰
pd
= Ep
pd
No intervalo 5,20 ‰
pd
9,43 ‰
pd
= curva indicada No intervalo
pd
9,43 ‰
pd
= fpyk
/ s
a) Momento solicitante de cálculo (M
sd
)M
sd
= g
(Mg1
+ Mg2
) + q
(Mq1
+ o
Mq2
)M
sd
= 1,4 (10000 + 8000) + 1,4 (18000 + 0,6 8000) = 57120,0 kN.m = 57,12 MN.m b) Equilíbrio da seção transversalb
1
) Força de tração resultante: RT
= Rst
+ Rpt
Armadura passiva: A
s
= 8 16 = 8 2,0 = 16,00 cm² Armadura ativa: A
p
= 4 28 15,2 = 4 28 1,40 = 156,80 cm²Tensões adotadas nas armaduras
sd y k s f 500 1 15, 434 78, MPa pd py k s f 1710 1 15, 1486 96, MPa R
std
= Ap
sd
= 16,00 (10)-4 434,78 (10)3 = 695,65 kN Rpd
= Ap
pd
= 156,80 (10)-4 1486,96 (10)3 = 23315,53 kN RTd
= 695,65 + 23315,53 = 24011,18 kNb
2
) Área de concreto comprimida: cd ck c f 0 85 0 8530 1 4 18 2143 , , , , MPa 18214,29 kPa R
Td
= Rccd
Rccd
= Acc
cd
Acc Rccd cd 24011 18 18214 29 1 3183 , , , m 2 b = bf
= 2,40 m y A b h cc f 1 3183 2 40 0 5493 0 70 , , , m , m OK (LN na mesa ) x y 0 8 0 5493 0 8 0 6866 , , , , mb
3
) Deformações:
01 , 10 5 , 3 6866 , 0 6866 , 0 05 , 0 70 , 2 5 , 3 x x ds sd
‰ sd
confirmada !
50 , 9 5 , 3 6866 , 0 6866 , 0 15 , 0 70 , 2 5 , 3 x x dp p
‰
pi
= 5,0 ‰
pd
=
p
+
pi
= 9,5 + 5,0 = 14,5 ‰ pd
confirmada !c) Momento resistente de cálculo (M
Rd
)
2
2
y
z
R
y
z
R
M
Rd std s pd p
2
5493
,
0
55
,
2
53
,
23315
2
5493
,
0
65
,
2
65
,
695
RdM
MRd
= 1652,41 + 53050,99 = 54703,40 kN.m = 54,70 MN.m d) Comparação Msd
: MRd
Msd
= 57,12 MN.m > MRd
= 54,70 MN.m4.1 - Exercício 1
Desenho esquemático do cabo
Para o cabo acima desenhado determinar:
a) A equação geométrica do traçado sabendo-se que os trechos curvos são parábolas do 2º grau com equação
= a
² (tg
= d
/ d
).Determinar a ordenada
da abcissa
= 10 m.b) As perdas por atrito, alongamento teórico e as perdas por acomodação da ancoragem, com os seguintes dados:
· A
p
= 12 1,40 = 16,80 cm² · Ep
= 200 000 MPa · Aço CP 190 RB : fptk
= 1900 MPa fpyk
= 1710 MPa ·
= 0,22 (coeficiente de atrito) · K = 0,01
·
w = 3 mm (escorregamento da ancoragem) DADOS COMPLEMENTARESA é uma ancoragem passiva e D é ativa.
Pi
= 0,77 fptk
ou 0,86 fpyk
(o menor valor) Pi
= Ap
Pi
(força aplicada junto ao macaco) Po
(x) = Pi
e-[
+ kx]
2 Yi
/ li
x
l,x
= (1 / Ep
Ap)
Po
(x) dx : considerar as projeções horizontais e folga de 20 cm em Do
____________
w =
w Ep
Ap
/
p 20,00 m , com
p = coeficiente angular da reta Po
(x)RESOLUÇÃO
a) Traçado geométrico
Equação da curva AB ou CD :
= a
² , origem em B ou C para
= 20,00
= 2,40 m a = 2,40 / (20,00)² = 0,006Equação da curva :
= 0,006
² para
= 10,00
= 0,6 m para
= 20,00
= 2,40 md
/ d
= 0,012
(d
/ d
)D
= 0,012 20,00 = 0,24 rd (13,49º) b) Perdas por atritoForça inicial de protensão (P
i
)0,77 f
ptk
= 0,77 1900 = 1463 MPa (adotada) 0,86 fpyk
= 0,86 1710 = 1470 MPa Pi
= Ap
Pi
= 16,80 (10)-4 1463 (10)3 = 2457,84 kN ponto D : Po
(x=0) = 2457,84 kN (D) trecho DC :
= 2 2,40 / 20 = 0,24 rd ponto C : Po
(x=20) = 2457,84 e -[0,22 0,24 + 0,01 0,22 20] = 2231,07 kN (C) trecho CB :
= 0,24 + 0 = 0,24 rd ponto B : Po
(x=30) = 2457,84 e -[0,22 0,24 + 0,01 0,22 30] = 2182,53 kN (B) trecho BA :
= 0,24 + 0 + 0,24 = 0,48 rd ponto A : Po
(x=50) = 2457,84 e -[0,22 0,48 + 0,01 0,22 50] = 1981,16 kN (A)c) Alongamento teórico A
l,total
= [1 / 200000 (10)3 16,80 (10)-4 ] [20,0 2081,845 + + 10,00 2206,80 + 20,2 2344,455] = 0,33 m (ou 6,58 mm/m) d) Encunhamento :
p (trecho DC) = 11,338 kN / m _________________________________________ w =
3 (10)-3 200000 (10)3 16,80 (10)-4 / 11,338 = 9,43 m < 20,00 m OK Po
(x=w) = Po
(x=9,43) = 2457,84 - 9,43 11,338 = 2350,92 kN Po
(x=0) = 2457,84 - 2 9,43 11,338 = 2244,00 kN4.2 - Exercício 2
Traçado em Elevação:
Para o cabo acima esquematizado, determinar:
a) TRAÇADO GEOMÉTRICO
a
1
) Equação da curva que representa o eixo do cabo no trecho AB. a2
) Ordenada do cabo no ponto x = 6,00 m.a
3
) Ordenada do cabo no ponto x = 12,00 m.b) PERDAS IMEDIATAS: ATRITO E CRAVAÇÃO
b
1
) Calcular as perdas por atrito.b
2
) Calcular as perdas por cravação da ancoragem. b3
) Traçar o diagrama das perdas.c) ALONGAMENTO TEÓRICO
Ponto A : ancoragem ativa Ponto F : ancoragem passiva
Aço CP 190 RB : F
ptk
= 1900 MPa Fpyk
= 1700 MPaE
p
= 200 000 MPa
Pi
= 0,77 fptk
ou 0,86 fpyk
(o menor valor) Pi
= Ap
Pi
= a
² Po
(x) = Pi
e-[
+ Kx]
= 2 Yi
/ li
(por trecho) ____________ w =
w Ep
Ap
/
p w 18,00 mx
l,x
= (1 / Ep
Ap)
Po
(x) dx · utilizar projeção horizontal para os comprimentoso
· acrescentar 30 cm em A
= 0,20 K = 0,01
w = 6,0 mm Ap
= 16,80 cm² RESOLUÇÃO a) Traçado Geométrico
= a
² Trecho AB:
= 1,30 - 0,15 = 1,15 m
= 3 6,00 = 18,00 m a =
/
2
= 1,15 / (18)2 = 0,00355Ordenada para x = 12,0 m
= 6,0 m
= 0,128 m y(x=12) = 0,278 m yo
= 0,15 m Ordenada para x = 6,0 m
= 12,0 m
= 0,511 m y(x=6) = 0,661 m yo
= 0,15 m b) Perdas Imediatasb
1
) Força inicial de protensão (Pi
)0,77 f
ptk
= 0,77 1900 = 1463 MPa 0,86 fpyk
= 0,86 1710 = 1470,6 MPa
Pi
= 1463 MPaP
i
= Ap
Pi
= 16,80 (10)-4 1463 (10)3 = 2457,8 kNb
2
) Perdas por atritoTrecho AB y
i
= 1,30 - 0,15 = 1,15 m li
= 18,00 m
= 2 1,15 / 18,00 = 0,1278 (7,3 º) Trecho BC yi
= 0 li
= 3,00 m
= 0 Trecho CD yi
= 1,40 - 0,15 = 1,25 m li
= 12,00 m
= 2 1,25 / 12,00 = 0,2083 (11,9 º) Trecho DE yi
= 0,40 m li
= 3,00 m
= 2 0,40 / 3,00 = 0,2667 (15,3 º) Trecho EF yi
= 0 li
= 12,00 m
= 0P
o
(x) = Pi
e-[
+ Kx]
Pi
= 2457,8 kN
= 0,20 K = 0,01
= 0,002 Ponto A : x = 0 Po
(x=0) = 2457,8 kN Ponto B : x = 18,00 m Po
(x=18) = 2457,8 e -[0,20 0,1278 + 0,002 18]
= 0,1278 Po
(x=18) = 2311,06 kN Ponto C : x = 21,00 m Po
(x=21) = 2457,8 e -[0,20 0,1278 + 0,002 21]
= 0,1278 Po
(x=21) = 2297,24 kN Ponto D : x = 33,00 m Po
(x=33) = 2457,8 e -[0,20 0,3361 + 0,002 33]
= 0,3361 Po
(x=33) = 2151,24 kN Ponto E : x = 36,00 m Po
(x=36) = 2457,8 e -[0,20 0,6028 + 0,002 36]
= 0,6028 Po
(x=36) = 2027,30 kN Ponto F : x = 48,00 m Po
(x=48) = 2457,8 e -[0,20 0,6028 + 0,002 48]
= 0,6028 Po
(x=48) = 1979,23 kN b3
) Perdas por acomodação das ancoragensHipótese: w 18,00 m
w = 6,0 mm
p = (2457,8 - 2311,06) / 18,00 = 8,1522 kN / m ____________ w =
w Ep
Ap
/
p _________________________________________ w =
6 (10)-3 200000 (10)3 16,80 (10)-4 / 8,1522 = 15,72 m < 18,00 m OK Po
(x=15,72) = Pi
- w
p = 2457,8 - 8,1522 15,72 = 2329,65 kN Po
(x=0) = Pi
- 2 w
p = 2457,84 - 2 8,1522 15,72 = 2201,50 kNc) Alongamento Teórico do Cabo
l = 48,00 + 0,30 = 48,30 m
x
l,x
= (1 / Ep
Ap)
Po
(x) dxo
Trecho P
o (médio)
l
Po (médio)
l
AB 2384,43 18,30 43635,07 BC 2304,15 3,00 6912,45 CD 2224,24 12,00 26690,88 DE 2089,27 3,00 6267,81 EF 2003,26 12,00 24039,12 ______________
= 107545,33
l total
= [1 / 200000 (10)3 16,80 (10)-4] 107545,33 = 0,32 m
l total
= 32,0 cm = 320 mmA viga a seguir detalhada, é protendida longitudinalmente com aderência posterior, com 4 cabos de 10
1,2 mm, sendo solicitada, além da protensão, pelos seguintes esforços externos:M
g1
= 1320 kN.m momento fletor devido ao peso próprio Mg2
= 3680 kN.m momento fletor devido aos revestimentos MQ,max
= 3000 kN.m devido às ações variáveisDeterminar as perdas de protensão no cabo
situado na 2ª camada, devidas à retração e fluência do concreto, sabendo-se que:1- A força inicial aplicada em cada cabo foi: Pi = - 2048,20 kN
2 - A protensão dos 4 cabos é efetuada em uma única operação aos 21 dias (idades fictícias para a retração = 30 dias e para a fluência = 55 dias)
3 - As forças de protensão atuantes na seção, descontadas as perdas imediatas, são as seguintes:
· cabo 1 : P
o1
= - 1800 kN · cabo 2 : Po2
= - 1700 kN5 - Área de 1 cabo de 10
1,2 mm = 14,0 cm²6 - Idades do concreto nos instantes da aplicação dos carregamentos:
t = 21 dias : protensão + g
1
t = 30 dias (fictícia) para a retração t = 55 dias (fictícia) para a fluência t = 60 dias : carregamento g2
t = 130 dias (fictícia) para a fluência7 - Coeficientes para retração e fluência
cs
(
, 30) = -12,0 (10)-5
(
, 55) = 1,88
(
, 130) = 1,428 -
Po
= Po
/ Ap
: tensão inicial no aço de protensão, descontadas as perdas imediatas, no instante da protensão (valor > 0)9 - Expressão para determinação das perdas por retração e fluência (tensão média)
Pc+s
=
cs
(
, 30) Ep
+
(
, 55) [
c,Po +
c,g1] +
(
, 130)
c,g2_______________________________________________________________________________
1 -
[
c,Po /
c,g1] [1 +
(
, 55) / 2]OBS: A expressão acima pode ser aplicada, com os devidos ajustes, para cada um dos dois tipos
de cabos.
10 - Perda de força de protensão
P
(c+s) =
P
c+s Ap
RESOLUÇÃO
a) Tensões provocadas pelos carregamentos permanentes na fibra adjacente ao cabo
devido g1
:
c,g1
= Mg1
Y,cabo 2
/ Ic
= 1320 (0,90 - 0,20) / 0,3488 = 2649,08 kPa devido g2
:
c,g2
= Mg2
Y,cabo 2
/ Ic
= 3680 0,70 / 0,3488 = 7385,32 kPa4
Poi
= 2 (- 1800 - 1700) = - 7000 kN i = 1 4
Poi
epi
= 2 (- 1800 0,80 - 1700 0,70) = - 5260 kN.m i = 1
c,Po
= - 7000 / 0,96 - 5260 0,7 / 0,3488 = - 7291,67 - 10556,19 = - 17847,86 kPa c) Tensão
Po
do cabo
Po
= - 1700 / 14,0 10-4 = 1214,3 MPad) Cálculo das perdas {NUMERADOR} = -12,00 10-5200 000 000 + 6,50 1,88 (-17 847,86 + 2 649,08) + 6,50 1,42 7 385,32 = - 24 000,00 - 185 729,09 + 68 166,50 = - 141 562,59 kPa {DENOMINADOR} = 1 - 6,50 (- 17 847,86 / 1 214 300,00) (1 + 1,88 / 2) = 1,185
Pc+s
= - 141 562,59 / 1,185 = - 119 462,10 kPa e) Perda da força de protensão do cabo
P
(c+s) =
P
c+s Ap
= - 119 462,10 14,0 10-4 = -167,25 kN% de perda: (167,25 / 1700) 100 = 9,83 %
Força após fluência e retração = - (1700 - 167,25) = - 1532,75 kN
% de perda em relação a Pi: [(2048,20 - 1532,75) / 2048,20] 100 = 25,17 %