Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 3 Agradecimentos:
Agradecemos primeiramente ao Eterno Elohim(D’us), por nos ajudar nesta tão grande e honrosa missão em ajudar nossos amigos e companheiros de estudos. Aos meus professores: Alzir Fourny, Lúcio Correa, Gabriela, Cleber Amaral das Faculdades integradas campo-grandense-FIC Campo Grande-RJ, por me ajudar a ser quem sou mesmo em todas as minhas dificuldades de aprendizagem. A minha esposa Célia Machado por sempre me apoiar em tudo que faço, meu muito obrigado.
A você querido Leitor por adquirir uma de nossas apostilas. Sua presença em nosso blog/site é muito importante para podermos manter nosso blog online e atualizado. É uma honra ter sua presença em nosso blog.
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“Não nasci um gênio da matemática, Mas a confiança em D’us, a persistência e a perseverança. Fizeram-me ser quem sou e o que Serei no futuro.” (T. Machado)
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 4
Introdução
Esta apostila tem por objetivo ajudar a você querido leitor a poder ter um material completo e de qualidade para estudos para estas provas. É dificil encontrar nos dias de hoje um material com exercícios de matemática resolvidos. A maioria das apostilas possuem provas anteriores com somente seus gabaritos e nada mais. Nossa intenção que você tenha além das provas com seus exercícios, também as resoluções para dar uma idéia de como resolve-las.
Faço saber que muitas das questões antigas que propomos nestas provas, por experiencia propria vimos cair em provas dos anos anteriores. A maioria das questões aqui comentadas, já foram repetidas diversas vezes em provas posteriores as anteriores.
Espero que possamos lhe ajudar e que possamos ter a alegria de ajudá-lo a passar neste concurso.
Desde já muito obrigado pela preferência e bons estudos!
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 5
Índice:
Prova Resolvida - aplicada 09/12/2007 ---pág.6
Prova Resolvida - 2007/2008---pág.33
Prova Resolvida – aplicada 23/11/2008---pág.55
Prova Resolvida - 2009/2010---pág.80
Prova Resolvida – Aplicada 27/03/2011---pág.100
Sobre o Autor---pág.127
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 6
Prova Magistério Estadual do Estado do Rio de Janeiro-RJ
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 7
26)
Se
2
1
3
x
x
+
=
, o valor
x3 13 x+ é:
27) Uma loja de materiais de construção vende cada saco de cimento por R$15,00 e, para compra de mais de 3 sacos, oferece um desconto de 20% nos sacos que excederem a 3. O desconto total em uma compra de 10 sacos é:
28) Em uma experiência de Física envolvendo as grandezas X, Y e Z, descobriu-se que Z é diretamente proporcional a X e inversamente proporcional a Y. Verificou-se ainda que quando X é igual a 40 e Y é igual a 32, o valor de Z é 50. Então, quando X e Y forem respectivamente iguais a 42 e 25, o valor de Z será:
29) O segmento AB é uma corda de uma circunferência de centro O. Prolongando AB de um comprimento BC igual ao raio da circunferência, verifica-se que o ângulo BCO mede 24o. Então, o ângulo AOC mede:
30) Na escola de João são realizadas 4 provas por ano de cada matéria. As notas de Matemática de João foram: 8,0 na primeira prova, 7,0 na segunda, 5,0 na terceira e 4,0 na quarta. Ele calculou a média aritmética de suas notas. Depois, descobriu que seu cálculo não correspondia à realidade. Lendo as regras da escola, verificou que a primeira prova tem peso 1; a segunda, peso 2; a terceira, peso 3, e a quarta, peso 4.
Após fazer novamente os cálculos, ele constatou que a nova média é inferior à anterior em:
31) Há 5 senadores designados para uma Comissão Parlamentar de Inquérito. Eles devem escolher entre si um presidente para a Comissão, sendo que cada senador pode votar em até três nomes. Realizada a votação, quando cada um recebeu um número de 1 a 5, os votos foram tabulados na matriz,
A
=
( )
a
ij a seguir indicada. Na matriz A, cada elemento( )
a
ij é igual a 1 (um), se i votou em j; e é igual a 0 (zero), caso contrário:1 0 0 0 1
1 1 0 0 0
1 1 0 1 0
0 1 1 0 0
1 0 1 0 1
=
A
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 8 32) João, Maria e Pedro observaram o seguinte: João e Maria possuem juntos R$ 8,00; João e Pedro possuem juntos R$ 12,00; Maria e Pedro possuem juntos R$ 14,00. Quem tem mais dinheiro possui:
33) No intervalo [0° , 360° ] , a soma das soluções da equação sen(2x + 30° ) = cosx é:
34) Uma loja de eletrodomésticos vende uma televisão por R$540,00 à vista ou em duas parcelas de R$290,00, sendo uma no ato da compra e outra um mês depois. A taxa de juros cobrada pela loja é de
35) A solução da equação 0 1
3
5 4 1
1 3 2
= −
x
é:
36) Em um tabuleiro com 6 linhas e 9 colunas, 32 casas estão ocupadas. Pode-se afirmar que: A) todas as colunas têm pelo menos 3 casas ocupadas;
B) nenhuma coluna tem mais de 3 casas ocupadas; C) alguma coluna não tem casas ocupadas;
D) alguma linha tem pelo menos 6 casas ocupadas; E) todas as linhas têm pelo menos 4 casas ocupadas.
37) Três números positivos formam uma progressão aritmética crescente. A soma desses três números é 18. Mantendo-se os dois menores e acrescentando-se 8 unidades ao maior, fica formada uma progressão geométrica. O produto dos três números dados inicialmente é:
38) Uma nova calculadora tem as teclas A e B. Apertando a tecla A, a calculadora dobra o número que está no visor e soma 1. Apertando a tecla B, a calculadora triplica o número que está no visor e subtrai 8. Um número está no visor e, em seqüência, são apertadas as teclas A, B, A. Se o resultado é 147, o número que estava inicialmente no visor era:
39) A soma de todos os números ímpares entre 20 e 80 é igual a:
40) Sendo i a unidade imaginária, o valor da soma
i
3+
i
6+
i
9 é:Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 9 42) Um engenheiro, desenhando a planta de um terreno, estabeleceu um sistema de coordenadas. O terreno então ficou definido pelas desigualdades: Entre as opções abaixo, assinale o único ponto que está fora do terreno.
<
+
−
<
<
100 100 5
3
50 0
y
x
x
Entre as opções abaixo, assinale o único ponto que está fora do terreno.
43) O retângulo ABCD da figura abaixo tem dimensões AB= 16 e BC=2. Uma circunferência passa pelos pontos C e D, e é tangente ao lado AB.
O raio da circunferência é igual a:
44) O valor de x na equação, log3x=log(x-10)+3.log2 é:
45) A equação 2x -2 = x + 6 possui duas soluções. A soma dessas soluções é:
46) No triângulo ABC, AB = 3 , AC = x e BC = x +1. Se o ângulo Bˆ mede 60o o valor de x é:
47) As raízes da equação 2
7
5
0
=
−
−
x
x
são m e n. Uma equação do segundo grau cujas são1 1
+
m
e 11
+
n
é:48) O raio da circunferência que tem centro no ponto (3,4) e tangencia a reta de equação x + 2y = 1 é:
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 10 50) Considere todos os valores reais de x e y que satisfazem a equação x2 2 6 4 68
=
−
−
+
y
x
y
. O maior valor possível de y é:
51) Seja f uma função definida nos números naturais com f (0) = 2 e com a propriedade f (n +1) = f (n) + 2n , para todo n natural. O valor de f (4) é:
52) O valor mínimo da função y
=
(
x
-a
)
2+
(
x
-b
)
2é:53) Um copo cilíndrico com 8cm de diâmetro possui uma certa quantidade de água. Uma pedra foi colocada no seu interior e ficou totalmente submersa. Sabendo que o nível da água no copo se elevou de 3cm, um valor aproximado para o volume da pedra é:
54) Considere o complexo
2 2
3 i
z= + então
z
10 é:55) A altura de um tetraedro regular cuja aresta mede 12 é igual a:
56) O resto da divisão de 5
3
46
25
−
+
−
x
x
x
por x-2 é:57) As peças de um jogo de dominó são retângulos cada um contendo dois números,
e cada número é um elemento qualquer do conjunto {0, 1, 2, 3, 4, 5,6}. Exemplo de peças de dominó:
58) O ponto P pertence à curva de equação
1
9
45
2 2
=
+
y
x
,cujos focos são F e F’ . A maior área possível do triângulo PFF’ é:
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 11
Se o lado do quadrado é igual a 30cm, a área do quadrilátero BPEC é:
60) A produção de uma fábrica tem crescido a uma taxa de 20% ao ano. Se esta tendência for mantida, a produção dessa fábrica será três vezes maior que a de hoje daqui a aproximadamente:
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 12
Resolução e respostas:
26)
Se2
1
3
x
x
+
=
, o valor 3 3 1 xx
+ é:
Resolução:
3
1
2=
+
x
x
3 1 = + x xx
x
x
x
1
3
1
1
1
+
=
x x2 +1= 3
0 1 3 2 = + − x x
ac
b
2−
4
=
∆
(
− 3)
2 −4.1.1= ∆
4
3
−
=
∆
1 − = ∆ a b x 2 ∆ ± − =(
)
1 . 2 1 3 ± − − − = x 2 3 2 1 3 2 ix = − − = −
Assim temos: + ⋅ + ⋅ + = 2 3 2 3 2 3
3 i i i
x Logo: 0 0 1 1 1 1 1 2 3 3 = = + − = + = + = + i i i i i i x x 2 1 3± − =
x
2 1 3± − = x 2 3 2 1 3 1 i
x = + − = +
i i
x = =
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 13 27) Uma loja de materiais de construção vende cada saco de cimento por R$15,00 e, para compra de mais de 3 sacos, oferece um desconto de 20% nos sacos que excederem a 3. O desconto total em uma compra de 10 sacos é:
Resolução:
3 sacos de cimento custa: 3x15=45, R$45,00;
Assim:
O que resta são 10-3=7 7 sacos de cimento fica: 7x15=105
Com desconto de 20% temos:
21 100 2100 100
20 .
105 = =
Desconto de R$21,00
Assim temos: 105-21=84
O valor total com desconto: 84+45=129
Mas se fosse a vista seria: 15x10=R$150,00
Logo temos: 150-129=21
Logo o desconto real:
% 14 14 , 0 50
7 150
21
= = =
28) Em uma experiência de Física envolvendo as grandezas X, Y e Z, descobriu-se que Z é diretamente proporcional a X e inversamente proporcional a Y. Verificou-se ainda que quando X é igual a 40 e Y é igual a 32, o valor de Z é 50. Então, quando X e Y forem respectivamente iguais a 42 e 25, o valor de Z será:
Resolução:
Temos K sendo a constante: x=20 y=32 z=50
y x c z= .
32 40 . 50=c
50.32=40c 40c=50.32 40c=1600
40 1600
=
c
c=40 logo:
25 32 . 40
=
z
25 1680
=
z
Pelo professor Tiago Machado
29) O segmento AB é uma cor comprimento BC igual ao rai Então, o ângulo AOC mede:
Resolução:
30) Na escola de João são Matemática de João foram: 8 quarta. Ele calculou a média a correspondia à realidade. Lend 1; a segunda, peso 2; a terceira Após fazer novamente os cálcu
Resolução:
Considerando que cada prova Primeira prova:
8 10 1
x
nota peso
8
10
x
=
achado – todos os direitos reservados.
corda de uma circunferência de centro O. Prolong raio da circunferência, verifica-se que o ângulo
48°+x+48°=180° x+96°=180° x=180°-96° x=84 logo temos: 84 °+24°=108°
ão realizadas 4 provas por ano de cada matéri : 8,0 na primeira prova, 7,0 na segunda, 5,0 na t ia aritmética de suas notas. Depois, descobriu que Lendo as regras da escola, verificou que a primeira ceira, peso 3, e a quarta, peso 4.
álculos, ele constatou que a nova média é inferior à
va tenha a nota valendo 10 pontos assim:
10 8
=
x
8
,
0
=
x
Segunda prova:
Página 14
longando AB de um ulo BCO mede 24o.
atéria. As notas de na terceira e 4,0 na que seu cálculo não eira prova tem peso
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 15 7
10 2
y
nota peso
7
.
2
10
y
=
14
10
y
=
10 14
=
y
4
,
1
=
y
Terceira prova:
5 10 3
z
nota peso
5
.
3
10
z
=
15
10
z
=
10 15
=
z
5
,
1
=
z
Quarta prova:
4 10 4
w
nota peso
4
.
4
10
z
=
16
10
z
=
10 16
=
z
4
,
1
=
z
Calculando o valor real: 0,8+1,4+1,5+1,6=5,3
Média das notas que o aluno achou ter tido:
6 4 24 4
4 5 7 8
= = + + +
Logo:
5,3-6=0,7
31) Há 5 senadores designados para uma Comissão Parlamentar de Inquérito. Eles devem escolher entre si um presidente para a Comissão, sendo que cada senador pode votar em até três nomes. Realizada a votação, quando cada um recebeu um número de 1 a 5, os votos foram tabulados na matriz,
A
=
( )
a
ij a seguir indicada. Na matriz A, cada elemento( )
a
ij é igual a 1 (um), se i votou em j; e é igual a 0 (zero), caso contrário:1 0 0 0 1
1 1 0 0 0
1 1 0 1 0
0 1 1 0 0
1 0 1 0 1
=
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 16 O senador mais votado foi o de número:
Resolução:
C1=2 L1=3 C2=1 L2=1 C3=2 L3=3 C4=3 L4=2 C5=4 L2=2
Assim temos que o senador de numero 5 foi o mais votado.
32) João, Maria e Pedro observaram o seguinte: João e Maria possuem juntos R$ 8,00; João e Pedro possuem juntos R$ 12,00; Maria e Pedro possuem juntos R$ 14,00. Quem tem mais dinheiro possui:
Resolução: J+M=8 J+P=12
M+P=14 => M=14-P J+M=8
J+14-P=8 J-P=8-14 J-P=-6
J+P=12 J-P=-6
2J=12-6 2J=6
2 6
=
J
J=3
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 17 33) No intervalo [0° , 360° ] , a soma das soluções da equação sen(2x + 30° ) = cosx é:
Resolução:
Considerando: Cosx=sem(90-x)
− = 2 −2
∙ +2
Assim:
Sen(2x+30º)=cosx Sen(2x+30º)-cosx=0 Sen(2x+30º)-sen(90-x)=0
2 2 + 30º − 90 −2
∙ 2 + 30º + 90º −2 = 0
2 3 − 602 ∙ + 120º2 = 0
3 − 60
2 ∙ + 120º2 =02
3 − 60
2 ∙ + 1202 = 0
Conjunto determinado intervalo [0° , 360° ]
1ª solução:
3 − 60
2 = 180
3 − 60 = 180 . 2 3 − 60 = 360 3 = 360 + 60
=360 + 603
= 120 + 20
Se temos k=0
= 120 + 20 = 120.0 + 20 = 20
Se temos k=1
= 120 + 20 = 120.1 + 20 = 120 + 20 = 140
Se temos k=2
= 120 + 20 = 120.2 + 20 = 140 + 20 = 160
Se temos k=3
= 120 + 20 = 120.3 + 20 = 360 + 20 = 380 <=
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 18 2ª solução:
+ 120
2 = 90 + 180
+ 120 = 180 + 180 . 2 + 120 = 180 + 360 = 360 + 180 − 120 = 360 + 60
Se temos k=0
= 360 + 60
= 360.0 + 60 = 60
Se temos k=1
= 360 + 60 = 360.1 + 60 = 360 + 60 = 420 <
= á # $% & '( & $)* %& .
Assim:
S={60,160,120,240} Logo:
20+60+160+240=480
Resp: 480.
34) Uma loja de eletrodomésticos vende uma televisão por R$540,00 à vista ou em duas parcelas de R$290,00, sendo uma no ato da compra e outra um mês depois. A taxa de juros cobrada pela loja é de:
Resolução: Temos: 540-290=250
Se fosse em duas parcelas a próxima parcela seria R$290,00, assim:
290-250=40
% 16 16 , 0 250
40
= =
35) A solução da equação 0 1
3
5 4 1
1 3 2
= −
x
é:
Resolução:
0 1 3
4 1
3 2
1 3
5 4 1
1 3 2
= − −
x
8x-45+1+3x-10-12=0 11x-66=0
66
11
x
=
6 11 66
= =
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 19 36) Em um tabuleiro com 6 linhas e 9 colunas, 32 casas estão ocupadas. Pode-se afirmar que: A) todas as colunas têm pelo menos 3 casas ocupadas;
B) nenhuma coluna tem mais de 3 casas ocupadas; C) alguma coluna não tem casas ocupadas;
D) alguma linha tem pelo menos 6 casas ocupadas; E) todas as linhas têm pelo menos 4 casas ocupadas.
Resolução:
Analise das respostas: Temos:
6 linhas x 9 colunas =54 casas no total, assim:
54 -32 casas ocupadas=22 casas vazias. a)Pela implicação lógica isto não é possível, se não, podemos fazer da seguinte forma:
32 casas ocupadas;
3
6
32
÷
=
colunas cheias, com 5 linhas ocupadas, restando 1 coluna com 2 peças nelas, e assim mais 4 casas vazias.b) Não é possível. Demonstado anteriormente.
c) Até poderia, mas pela implicação lógica, ou por simples lógica comum, pode haver uma arrumação diferente.
d) Verdadeiro. Com demonstração anteriormente.
e) Não é possível, como demonstrado anteriormente.
37) Três números positivos formam uma progressão aritmética crescente. A soma desses três números é 18. Mantendo-se os dois menores e acrescentando-se 8 unidades ao maior, fica formada uma progressão geométrica. O produto dos três números dados inicialmente é:
Resolução:
Temos uma PA (a-r,a,a+r)
a-r+a+a+r=18
3a=18
% =183 = 6
Logo a PA fica (6-r,6,a+6)
Temos uma PG de mesma seqüência (6-r,6,6+r) adicionando 8 ao maior temos:
(6-r,6,6+r) (6-r,6,a+6+8) (6-r,6,14+r) Sabemos que:
%+ = %,∙ -+., Sendo:
- =%%+
+.,
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 20
%/= 14 + $
%0= 6
%,= 6 − $
Logo:
- =%%/
/.,=
%/
%0=
14 + $ 6
Resolução:
%/= %,∙ -/.,
%/= %,∙ -0
14 + $
= 6 − $ ∙ 14 + $6 0
14 + $
= 6 − $ ∙ 14 + $36 0
1.36= 6 − $ 14 + $
1.36 = 6 − $ 14 + $
36 = 84 + 6$ − 14$ − $0
$0+ 8$ − 48 = 0
$ =−1 ± 312%0− 4%
$
=−8 ± 4802.1− 4.1. −48
$ =−8 ± 364 + 1922
$ =−8 ± 32562
$ =−8 ± 162
$,=−8 + 162 =82 = 4
−$0+ 6$ − 14$ + 36
− 84 = $0=−8 − 162
=−242 = −12
≤ % *& $%)
% $%*7 8 $ $ 9% *:%. 0
Assim:
a PA (6-r,6,6+r) fica;
(6-r,6,a+6) (6-4,6,6+4)
(2,6,10)
O produto é: 2.6.10=120 Resposta: 120
38) Uma nova calculadora tem as teclas A e B. Apertando a tecla A, a calculadora dobra o número que está no visor e soma 1. Apertando a tecla B, a calculadora triplica o número que está no visor e subtrai 8. Um número está no visor e, em seqüência, são apertadas as teclas A, B, A. Se o resultado é 147, o número que estava inicialmente no visor era:
Resolução: A=2x+1 B=3x-8 Assim:
A,B,A=147
2[3.(2x+1)-8]+1=147 12x-9=147
12x=147+9
12x=156
13 12 156
= =
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 21 39) A soma de todos os números ímpares entre 20 e 80 é igual a:
Resolução:
21+23+25+27+29=125 31+33+35+37+39=175 41+43+45+47+49=225 51+53+55+57+59=275 61+63+65+67+69=325 71+73+75+77+79=375
125+175+225+275+325+375=1500
40) Sendo i a unidade imaginária, o valor da soma
i
3+
i
6+
i
9 é:Resolução:
i
i
3=
−
1
2 6
−
=
=
i
i
i
i
9=
Assim:
1
1
9 6 3
−
=
+
−
−
=
+
+
i
i
i
i
i
Obs: pegamos a potência, dividimos por 4 e o resto devolvemos ao valor i.
41) Seja N = {0, 1, 2, … } o conjunto dos números naturais. O número de elementos do conjunto NxN que satisfazem à condição y < x= 6 é:
Resolução:
(0,0) ; (0,1) ; (0,2) ; (0,3) ; (0,4) ; (0,5) ; (0,6)
(1,0) ; (1,1) ; (1,2) ; (1,3) ; (1,4) ; (1,5) ; (1,6)
(2,0) ; (2,1) ; (2,2) ; (2,3) ; (2,4) ; (2,5) ; (2,6)
(3,0) ; (3,1) ; (3,2) ; (3,3) ; (3,4) ; (3,5) ; (3,6)
(4,0) ; (4,1) ; (4,2) ; (4,3) ; (4,4) ; (4,5) ; (4,6)
(5,0) ; (5,1) ; (5,2) ; (5,3) ; (5,4) ; (5,5) ; (5,6)
(6,0) ; (6,1) ; (0,2) ; (6,3) ; (6,4) ; (6,5) ; (6,6) Logo:
(1,0); 2,0) ; (2,1) ; (3,0) ; (3,1) ; (3,2) ; (4,0) ; (4,1) ; (4,2) ; (4,3) ; (5,0) ; (5,1) ; (5,2) ; (5,3) ; (5,4) ; (6,0) ; (6,1) ; (0,2) ; (6,3) ; (6,4) ; (6,5)
Temos no total 21 elementos.
42) Um engenheiro, desenhando a planta de um terreno, estabeleceu um sistema de coordenadas. O terreno então ficou definido pelas desigualdades: Entre as opções abaixo, assinale o único ponto que está fora do terreno.
< + −
< <
100 100 5
3
50 0
y x
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 22
Entre as opções abaixo, assinale o único ponto que está fora do terreno.
Resolução:
Analisando as respostas: a) Considerando x=17 temos:
3x-5y+100>0 3.17-5y+100>0 51-5y+100>0 -5y+151>0 -5y>-151 .(-1) 5y<151
y< 5 151
y<30,2 <=verdadeiro em relação a resposta. b) Considerando x=23 temos:
3x-5y+100>0 3.23-5y+100>0 69-5y+100>0 -5y+169>0 -5y>-169 .(-1)
5y<169
y< 5 169
y<33,8 <=verdadeiro em relação a resposta.
c) Considerando x=31 temos:
3x-5y+100>0 3.31-5y+100>0 93-5y+100>0 -5y+193>0 -5y>-193 .(-1) 5y<193
y< 5 193
y<38,6 <=falso em relação a resposta. d) Considerando x=38 temos:
3x-5y+100>0
3.38-5y+100>0 114-5y+100>0 -5y+214>0 -5y>-214 .(-1) 5y<214
y< 5 214
y<42,8 <=verdadeiro em relação a resposta. a) Considerando x=49 temos:
3x-5y+100>0 3.49-5y+100>0 147-5y+100>0 -5y+247>0 -5y>-247 .(-1) 5y<247
y< 5 247
y<49,4 <=verdadeiro em relação a resposta.
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 23 O raio da circunferência é igual a:
Resolução:
Assim:
(
)
2 22
2
8
+
−
=
r
r
4
4
64
2 2+
−
+
=
r
r
r
4
4
64
2 2
+
−
=
−
r
r
r
68
4
0
=
−
r
+
68
4
r
=
4 68
=
r
r=17
44) O valor de x na equação, log3x=log(x-10)+3.log2 é:
Resolução:
2
log
3
)
10
log(
3
log
x
=
x
−
+
3 2 log ) 10 log( 3
log x= x− +
8
log
)
10
log(
3
log
x
=
x
−
+
)]
10
.(
8
log[
3
log
x
=
x
−
]
80
8
log[
3
log
x
=
x
−
3x=8x-80 3x-8x=-80 -5x=-80 .(-1) 5x=80
5 80
=
x
x=16
45) A equação 2x -2 = x + 6 possui duas soluções. A soma dessas soluções é:
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 24 Solução 1:
2x-2=+(x+6) 2x-2=x+6 2x-x=6+2 X=8 Solução 2: 2x-2=-(x+6) 2x-2=-x-6
2x+x=2-6 3x=-4
3 4
− =
x x
Então:
Solução 1+solução 2
3 20 3
4 24 3 4 8 3 4
8+ − = − = − =
46) No triângulo ABC, AB = 3 , AC = x e BC = x +1. Se o ângulo B mede 60° o valor de x é:
Resolução:
(
+
)
−
(
+
)
°
+
=
3
21
22
.
3
.
1
.
cos
60
2
x
x
x
(
)
2 1 . 1 6 1 2 9 2
2 = + + + − +
x x
x x
(
1)
.1 31 2 9 2
2 = + + + − +
x x
x x
(
1)
. 1 . 3 2 1 9 22 − = + + − +
x x
x x
3
3
2
10
0
=
+
x
−
x
−
x
−
−
=
10
3
0
x
−
=
7
0
0
7
−
x
=
7
−
=
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 25 47) As raízes da equação 2
7
5
0
=
−
−
x
x
são m e n. Uma equação do segundo grau cujas são1 1
+
m e 1
1
+
n é: Resolução:
0
5
7
2=
−
−
x
x
ac
b
2−
4
=
∆
(
−
7
)
2−
4
.
1
.(
−
5
)
=
∆
20
49
+
=
∆
69
=
∆
a b x 2 ∆ ± − = 1 . 2 69 ) 7 (− ± − = x 2 69 7 1 + = x 2 69 7 2 − = x Assim: 2 69 7+ = m 2 69 7− = n Assim: 1 1 + m 1 2 69 7 1 + +1
69
7
2
+
+
69 7 69 7 2 + + + 69 7 69 9 + + E: 1 1 + m 1 2 69 7 1 + −1
69
7
2
+
−
69 7 69 7 2 − − + 69 7 69 9 − − Calculando: S=m+n 69 7 69 7 69 9 69 7 69 7 69 9 + − − + − + + = S(
)(
) (
)(
)
(
7
69
)(
7
69
)
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 26 69 49 63 69 69 63 − + − − = S 5 3 20 12 20 12 = = − − = S
n
m
P
=
.
69 7 69 9 . 69 7 69 9 − − + + = P 69 69 7 69 7 49 69 69 9 69 9 81 − + − − + − = P 5 3 20 12 69 49 69 81 − = − = − − = P Se temos:
0
2=
+
−
Sx
P
x
então:0 5 3 5
3
2 − + − =
x x 0 5 3 5 3 2 = − − x x
Efetuando o mmc:
0
3
3
5
2=
−
−
x
x
48) O raio da circunferência que tem centro no ponto (3,4) e tangencia a reta de equação x + 2y = 1 é:
Resolução: 3 0 = x 4 0 = y
Sendo x + 2y = 1 temos: x+2y=1 x+2y-1=0 A=1 B=2 C=-1 Como d=r: 2 2 0 0 B A C By Ax d + + + = 2 2 2 1 1 4 . 2 3 . + − + =1 d
4
1
1
8
3
+
−
+
=
d
5
10
=
d
5 5 5 10 ⋅ = d 5 2 5 5 10 = = d 5 2 = d49) Em uma prova de múltipla escolha com cinco opções em cada questão, um aluno “chutou” as duas últimas questões (quer dizer, escolheu uma opção ao acaso em cada uma delas). A probabilidade de que ele acerte pelo menos uma delas é de:
Resolução:
Temos 2 provas com 5 respostas: Assim:
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 27 Para acertar pelo menos uma temos:
10-1=9 Logo: % 36 36 , 0 25 9 = =
50) Considere todos os valores reais de x e y que satisfazem a equação x2 2 6 4 68
= − −
+y x y
. O maior valor possível de y é:
Resolução:
Desenvolvendo a equação:
x2 2 6 4 68
= − −
+y x y
x2+ 2 −6 −4 −68=0 y x y logo temos:
(
)
3 2 6 2 6 20 = =
− − = − = D x
(
)
2 2 4 2 4 20 = =
− − = − = E y F y x
R = 02 + 02 −
(
68)
232 2
− − + = R 68 4 9+ + = R 81 = R
9
±
=
R
Assim para poder termos o maior valor possivel em y:
R+y=9+2=11
51) Seja f uma função definida nos números naturais com f (0) = 2 e com a propriedade f (n +1) = f (n) + 2n , para todo n natural. O valor de f (4) é:
Resolução:
(
n)
f n n f +1 = ( )+2(
0+1)
= f(0)+2.0 f( )
1 =2+2.0 f( )
1 =2 f(
n)
f n n f +1 = ( )+2(
1+1)
= f(1)+2.1 f( )
2 =2+2.1 f( )
2 =2+2 f( )
2 =4 f(
n)
f n n f +1 = ( )+2(
2+1)
= f(2)+2.2 f( )
3 =4+2.2 f( )
3 =4+4 f( )
3 =8 f(
n)
f n n f +1 = ( )+2(
3+1)
= f(3)+2.3 f( )
4 =8+2.3 f( )
4 =8+6 f( )
2 =14 fPelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 28 Resolução:
2 2
-y =(x a) +(x b)
2 2
2
2 2 2
b bx x a ax x
y= − + + − +
2 2 2
2 2 2
b a bx ax x x
y= + − − + +
2 2
2 2 2
2x ax bx a b
y= − − + +
(
)
2 22 2 2
2x a b x a b
y= + − − + +
ac
b
2−
4
=
∆
(
)
2(
2 2)
.
2
.
4
2
2
a
−
b
−
a
+
b
−
=
∆
2
2
8
4
4
a
+
ab
−
b
−
=
∆
a yv 2 ∆ − =(
)
a
b
ab
a
y
v2
4
8
4
2 2−
+
−
−
=
(
)
4
.
2
2
4
2 2b
ab
a
y
v=
−
+
(
)
4
.
2
2
4
2 2b
ab
a
y
v=
−
+
2
2
2 2b
ab
a
y
v=
−
+
(
)
2 2 b a yv = −
53) Um copo cilíndrico com 8cm de diâmetro possui uma certa quantidade de água. Uma pedra foi colocada no seu interior e ficou totalmente submersa. Sabendo que o nível da água no copo se elevou de 3cm, um valor aproximado para o volume da pedra é:
Resolução:
h
r
V
c=
π
.
2.
( )
4 .3 . 2π
= c Vπ
3 . 16 = c Vπ
48 = c VConsiderando:
π
≅
3
,
14
π
48 = c V 14 , 3 . 48 = c V . . 72 , 150 uv Vc ≅54) Considere o complexo
2 2
3 i
z= + então
z
10 é:Resolução:
2
2 b
a
z = +
2 2
2
1
2
3
+
=
z
1 4 4 4 1 4 3 = = + = z Assim:2
3
1
2
3
cos
=
=
=
z
a
α
2
1
1
2
1
=
=
=
z
b
sen
α
°
=
30
α
[
n isen n]
zz= n cos.
α
. +α
[
cos.30 .10 30 .10]
110 ° + °
= isen
z
[
°+ °]
= cos.300 isen300
z i z 2 3 2 1 − =
55) A altura de um tetraedro regular cuja aresta mede 12 é igual a:
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 29 2
2 2 6 12 = +g
2 36 144= +g
2 36 144− =g
2 108=g
108 2 = g
3
6
=
g
Então:
2 2
2
3
1
+
=
h
g
g
2
2
6
3
3
1
108
=
h
+
⋅
(
)
2 2 2 3 108=h +3
.
4
108
2+
=
h
12
108
2+
=
h
2
12
108
−
=
h
12
108
2
−
=
h
96
2
=
h
6 4
=
h
56) O resto da divisão de 5
3
46
25
−
+
−
x
x
x
por x-2 é:Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 30 57) As peças de um jogo de dominó são retângulos cada um contendo dois números, e cada número é um elemento qualquer do conjunto {0, 1, 2, 3, 4, 5,6}.
Exemplo de peças de dominó:
Se as peças de um jogo completo de dominó estão em um saco e uma delas é retirada ao acaso, a probabilidade de que os dois números dessa peça sejam iguais é:
Resolução:
Temos neste jogo 28 peças da seguinte forma: N(u)={(0,0); (0,1); (0,2); (0,3); (0,4); (0,5); (0,6) (1,1); (1,2); (1,3); (1,4); (1,5); (1,6) (2,2); (2,3); (2,4); (2,5); (2,6) (3,3); (3,4); (3,5); (3,6) (4,4); (4,5); (4,6) (5,5); (5,6) (6,6)} P(A)=7
N(u)=28
% 25 25 , 0 4 1 28
7 ) (
) (
= = = =
u N
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 31 58) O ponto P pertence à curva de equação
1
9
45
2 2
=
+
y
x
,cujos focos são F e F’ . A maior área possível do triângulo PFF’ é:
Resolução: Sendo:
0= %0− 10
%0= 45
10= 9 0= 45 − 9
0= 36
= ±6
Onde F(6,0) e F’(-6,0).
Sendo estes a base do triangulo calculemos a distância:
;<=< = 4 6 − −6 0+ 0 − 0 0
;<=< = 4 6 + 6 0+ 00
;<=< = 4120+ 00
;<=< = 4120= 12
Assim:
10= 9 <= base deste triangulo
1 = ±3 Logo:
>?=1ℎ2 =3.122 =362 = 18
Resp: 18 u.a.
59) No quadrado ABCD da figura abaixo, o ponto E do lado CD é tal que DE = 2× EC . O segmento AE corta a diagonal BD em P.
Se o lado do quadrado é igual a 30cm, a área do quadrilátero BPEC é:
Resolução:
os triângulos APB e DPE são semelhantes 30 / 20 = a / b
3/2 = a / b 2a = 3b b = 2a / 3 a + b = L = 30
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 32 30.18 / 2 = 270
área de DEA
20 . 30 / 2 = 300 área de BPEC 900 - 300 - 270 = 330.
60) A produção de uma fábrica tem crescido a uma taxa de 20% ao ano. Se esta tendência for mantida, a produção dessa fábrica será três vezes maior que a de hoje daqui a aproximadamente:
(Use se necessário, log 2 = 0,301 e log 3 = 0,477 ).
Resolução:
Considerando um capital R$1,00 ou seja C=1, então:
(
)
ti
C
M
=
.
1
+
(
)
t2
,
0
1
.
1
3
=
+
( )
t2
,
1
3
=
t
=
10
12
3
t
=
5
6
3
Log3=t.(log2+lo3-log5)
Log3=t.{log2+log3-(log10-log2)}
0,477=t.{0,301+0,477-(1-0,301)}
0,477=t.{0,301+0,477-0,699}
0,477=0,079t
0,079t=0,477
079
,
0
477
,
0
=
t
6
≅
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 33
Prova Magistério Estadual do Estado do Rio de Janeiro-RJ
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 34 26) A fração irredutível
b a
x= é solução da equação
x 5 4
3 2
1
− −
=6, o valor de a+b é:
27) Sejam x e y números reais, tais que x+y=3 e 2 + 2 =19 y
x . O valor de x3 +y3 é:
28) Sejam a e b números reais, tais que 2 2 6 . ab b
a + = Um valor possível para a razão b a
é:
29) A velocidade da luz no vácuo é de 300 mil quilômetros por segundo, e a distância média do planeta Júpiter ao Sol é de 780 milhões de quilômetros. Nesta situação, o tempo que a luz emitida do Sol demora para chegar a Júpiter é de:
30) Um saco contém 30 bolinhas brancas, 22 bolinhas vermelhas e 16 bolinhas pretas, todas iguais em tamanho e peso. No escuro, você deve retirar do saco certo número de bolinhas de forma que tenha a certeza de ter, pelo menos, uma bolinha branca. O número mínimo de bolinhas que você deve retirar do saco para ter esta certeza é:
31) Em uma semana, as ações de certa companhia valorizaram 20% e, na semana seguinte, desvalorizaram 20%. O valor das ações é:
32) A figura a seguir mostra duas circunferências tangentes em A. Uma reta corta a circunferência maior em B e C e é tangente à circunferência menor em T. A reta TA encontra novamente a circunferência maior em D.
No sentido anti-horário, sobre a circunferência maior, o arco BD mede 150° , e o arco DA mede 110°. Então, o arco AC mede:
33) No intervalo [0°;360°] a soma das soluções da equação
4 1 cos .
cos 2 + 2 = x+ x
sen x sen x
é:
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 35 35) O resto da divisão de P(x)=x3+ax+b por (x+1) é 4, e o resto da divisão de P(x) por (x-1) é 8. Então, o resto da divisão de P(x) por (x-2) é:
36) O raio da circunferência 2 + 2 −14 −2 +10=0 y
x y
x é igual à distância do ponto (1,1) à
reta 3x+y+c=0. Um valor possível para C é:
37) Uma loja oferece um artigo por R$170,00 à vista ou em duas parcelas de R$90,00, sendo uma no ato da compra e outra um mês depois. A taxa de juros cobrada pela loja é
38) Em um bosque há 180 árvores. Sabe-se que cada árvore tem pelo menos 30 folhas e que nenhuma árvore tem mais de 200 folhas. Pode-se concluir que:
A) existe pelo menos uma árvore com 200 folhas;
B) o número médio de folhas por árvore é 115;
C) existe alguma árvore com 115 folhas;
D) o número total de folhas é certamente maior que 6000;
E) existem pelo menos duas árvores com o mesmo número de folhas.
39) A equação 2 9 7 0
= +
− x
x possui raízes x1 e. A equação 2 0
= +
+ax b
x possui raízes 2
1
x -1 e 2x2-1. O valor de a+b é:
40) A condição necessária e suficiente para que a equação
x
k
x
x
=
5
4
3
0
2
1
tenha raízes reais é:
41) Em uma adição de 15 números, as parcelas foram colocadas em ordem crescente e ocorreu que a primeira parcela era igual a 23, a última era igual a 117, e cada uma das outras era igual à média aritmética das duas parcelas vizinhas. O resultado desta operação foi:
42) Em uma sala há quatro casais marido-mulher. Escolhendo ao acaso três dessas pessoas, a probabilidade que esse grupo contenha um casal marido-mulher é:
43) A figura abaixo mostra duas semicircunferências de diâmetros AB e AC.
Se AB = 2 e BC = 1, a razão
S R
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 36 44) Em um cubo de aresta
a
a área de uma seção que contém a diagonal de uma face e faz 30° com essa face é:45) O muro n de uma barragem tem a forma da figura a seguir. De um lado, uma rampa de 100m de comprimento fazendo ângulo de 20° com o plano horizontal. Do outro lado, uma rampa de comprimento x fazendo ângulo de 40° com o plano horizontal.
Dados sen20°=0,342, cos20°=0,940 e tg20°=0,364, o valor de x é, aproximadamente:
46) Na seqüência aritmética: 2, 9, 16, 23, 29, ... , o primeiro termo que ultrapassa 2007 é:
47) Pedro investiu certa quantia comprando ações de uma indústria. No final do primeiro ano, ele verificou que as ações tinham valorizado 25%, mas no final do ano seguinte ele disse: “Puxa, eu tenho hoje o dobro do dinheiro que investi”. A valorização dessas ações no segundo ano foi de:
48) Carlos tem muitas bolas de gude (feitas de vidro) com 2cm de diâmetro, e seu pai tem na sala um belo cone de vidro com 10cm de diâmetro e 12cm de altura. O número de bolas de gude que Carlos deve reunir para que o peso das bolas seja igual ao do cone é:
49) Os números x, y e z são inteiros e cumprem as seguintes condições:
− > >
= + +
= + +
23 10
4 7 5 3
1 3 2
y x
z y x
z y x
O número de ternos (x, y, z) que satisfazem a todas as condições é:
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 37
O tamanho dos catetos dos triângulos que serão retirados é de, aproximadamente:
51) Sejam A o conjunto dos números naturais de 3 algarismos e N o conjunto dos números naturais. A função f :A→ Né definida por f(n)=soma dos algarismos de n. O conjunto B é formado pelos valores de n, tais que f(n)=4. O número de elementos de B é:
52) Considere a função f :IR→ IR definido por
≥
<
=
0
0
2
)
(
2
x
se
x
x
se
x
x
f
considere asafirmações:
(I) f é crescente.
(II) f é sobrejetora.
(III) Para qualquer número c, a equação f(x)=c tem solução.
Pode-se afirmar que:
53) A figura a seguir mostra três circunferências de raio 1cm tangentes entre si duas a duas.
A área do triângulo que circunscreve essas circunferências é aproximadamente igual a:
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 38 55) Marcelo possui tintas de quatro cores e deseja pintar a bandeira abaixo.
Considerando que não é necessário usar sempre todas as cores, e que duas regiões vizinhas não podem ter a mesma cor, o número de maneiras diferentes com que Marcelo pode pintar essa bandeira é:
56) Sendo
i i z
2 1
2
− +
= , então,
z
z+1 é igual a:
57) Os pontos (-4,3); (2,6) e (k,k) então sobre uma mesma reta. O valor de k é:
58) A tabela abaixo fornece os valores dos logaritmos naturais (na base e) dos números inteiros de 1 a 10.
x ln(x) 1 0,00 2 0,69 3 1,10 4 1,39 5 1,61 6 1,79 7 1,95 8 2,08 9 2,20 10 2,30
59) O valor mínimo da função
f
(
x
)
=
x
+
2
+
3
.
x
−
3
+
2
x
é:60) Uma função quadrática tem zeros x1 =−1e x2 =4. Sabendo-se que f (1) = -12, o valor de
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 39
Resolução e Respostas:
26) A fração irredutível b a
x= é solução da equação
x 5 4 3 2 1 − −
=6, o valor de a+b é:
Solução: 1 5 1 4 3 2 1 x x − −
6
=
6 5 4 3 2 1 = − − x x6
5
4
3
1
2
1
=
−
−
x
x
6 1 5 4 3 5 4 1 2 1 = − − − x x x6
5
4
3
10
8
1
=
−
−
−
x
x
x
6 10 5 5 4 = − − x x ) 10 5 .( 6 54x− = x−
26 55 = x Sendo b a
x= então temos a=55 e b=26
logo, 55+26=81.
60
30
5
4
x
−
=
x
−
4x-30x=5-60 -26x= -55 27) Sejam x e y números reais, tais que x+y=3 e 2 2 19
= +y
x . O valor de x3 +y3 é:
Solução:
=
+
=
+
19
3
2 2y
x
y
x
x=3-y 19 2 2 + =y x
(
3
)
2 219
=
+
−
y
y
19 6
9 2 2
= + +
− y y y
19 6 2 6
9− + 2 − = y y y
2
2y -6y-10=0 ÷(2)
2 y -3y-5=0
( )
2
29
3
1
.
2
29
)
3
(
.
2
29
20
9
)
5
.(
1
.
4
3
.
.
4
2±
=
±
−
−
=
∆
±
−
=
=
∆
+
=
∆
−
−
−
=
∆
−
=
∆
a
b
y
c
a
b
2 29 3 1 + = y 2 29 3 2 − = yPelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 40 3
3 y
x + 3 3
2
29
3
2
29
3
−
+
+
Calculando, logo temos:
36+7 29+36-7 29= 36+36=72
28) Sejam a e b números reais, tais que 2 2 6 . ab b
a + = Um valor possível para a razão b a é: Solução: ab b
a2 + 2 =6
(
÷b2)
2 2 2 2 2
6
b
ab
b
b
b
a
=
+
b
a
b
a
6
1
2 2=
+
0
1
6
2 2=
+
+
b
a
b
a
2 4 32 4 36 = ∆ = ∆ − = ∆ 2 2 4 6± = b a2
2
3
2
2
4
3
1+
=
+
=
b
a
2
2
3
2
2
4
3
1−
=
−
=
b
a
Logo: 2 2 3+29) A velocidade da luz no vácuo é de 300 mil quilômetros por segundo, e a distância média do planeta Júpiter ao Sol é de 780 milhões de quilômetros. Nesta situação, o tempo que a luz emitida do Sol demora para chegar a Júpiter é de:
Solução: x seg km 780000000 1 300000 . Logo: 3x=7800 x=2600 seg.
1 minuto tem 60 segundo:
2600÷60=43min20seg.
30) Um saco contém 30 bolinhas brancas, 22 bolinhas vermelhas e 16 bolinhas pretas, todas iguais em tamanho e peso. No escuro, você deve retirar do saco certo número de bolinhas de forma que tenha a certeza de ter, pelo menos, uma bolinha branca. O número mínimo de bolinhas que você deve retirar do saco para ter esta certeza é:
Solução:
30 bolinhas brancas;
22 bolinhas vermelhas;
16 bolinhas pretas;
Obs: Ele quer o número mínimo de bolinhas que você deve retirar do saco para ter certeza...
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 41
Retiramos o numero total das bolinhas vermelha que são 22;
Retiramos o numero total das bolinhas pretas que são16;
Então logo saberemos que é possível que a próxima retirada será branca, se não, vejamos:
22+16+1 = 39
39 bolinhas é o número mínimo.
31) Em uma semana, as ações de certa companhia valorizaram 20% e, na semana seguinte, desvalorizaram 20%. O valor das ações é:
Solução:
Considerando uma ação custando
R$100,00 vamos calcular:
(100.0,2)+100=120
Valorizou R$20,00 então passou a custar R$120,00.
120-(120.0,2)=96
Desvalorizou R$24,00 então passou a custar R$96,00.
Mas o valor inicial da ação era de R$100,00 então:
100-96=4
Para saber a porcentagem de
valorização/desvalorização basta:
4
÷
100 = 4%Desvalorizou, pois custava R$100,00 e agora custa R$96,00.
Desvalorizou 4%.
32) A figura a seguir mostra duas circunferências tangentes em A. Uma reta corta a circunferência maior em B e C e é tangente à circunferência menor em T. A reta TA encontra novamente a circunferência maior em D.
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Solução:
Temos:
Considerando O o centro da circunferência maior, e E o centro da circunferência menor, então:
DÔB=150°
DBO=15°
BDO=15°
DÔA=110°
ADO=35°
DAO=35°
TÂE=35°
ATE=35°
CTA=55°
Então, considerando o arco formado pelos pontos CA como sendo y, então teremos:
55°=
2 150°− y
110°=150°-y
y=40°
33) No intervalo [0°;360°] a soma das soluções da equação
4 1 cos .
cos 2 + 2 = x+ x
sen x sen x
é:
Solução:
4 1 cos .
cos 2 + 2 = x+ x
sen x sen x
4 1 cos ) 1 (cos
2 + = x+
x x sen
1 cos ) 1 (cos 4 2
+ =
+ x
x x sen
0 ) 1 (cos ) 1 (cos
4 2 + − + =
x x
x sen
0 ) 1 )(cos 1 4
( 2
= +
− x
x sen
1 4 2 −
x sen =0
0
1
cos
x
+
=
4 1 2 =
x sen
2 1
± =
x sen
x=30°;150°;210°;330°.
0
1
cos
x
+
=
1
cos
x
=
−
x=180°
então a soma é:
Pelo professor Tiago Machado – todos os direitos reservados. Página 43 34) Dados os conjuntos A = {1, 2, 3} e B = {4, 5, 6, 7, 8}, o número de funções injetoras de A em B que podem ser definidas é:
Solução:
Definição de injetora: Cada elemento da imagem (da saída) está associado a apenas um elemento do domínio (da entrada), isto é uma relação um para um entre os elementos do domínio e da
imagem.
A = {1, 2, 3}, 3 elementos.
B = {4, 5, 6, 7, 8}, 5 elementos.
5 . 4 . 3 = 60 possibilidades
35) O resto da divisão de P(x)=x3+ax+b por (x+1) é 4, e o resto da divisão de P(x) por (x-1) é 8. Então, o resto da divisão de P(x) por (x-2) é:
Solução:
1°) P(x)=x3+ax+b por (x+1) é 4 Pela definição do teorema do resto temos (x-a) onde a é -1
(x-a)=[x-(-1)]
(-1)3+a(-1)+b=4
-a+b=5
2°) P(x)=x3+ax+b por (x-1) é 8 (1)3+a(1)+b=8
a+b=7
Juntando tudo:
=
+
=
+
−
7
5
b
a
b
a
2b=12
b=6
a+b=7
a=-1
Logo teremos de P(x)=x3 +ax+b
P(x)= 3 + +6
x
x que dividido por (x-2)
Teremos resto igual a 16.
36) O raio da circunferência 2 + 2 −14 −2 +10=0 y
x y
x é igual à distância do ponto (1,1) à
reta 3x+y+c=0. Um valor possível para C é:
Solução:
0 10 2 14 2
2 + − − + =
y x y
x 7 0 = x
1 0 = y
R=
7
21
210
40
=
−
+
Considerando agora que os pontos (1,1) são respectivamente (x0,y0), pois a distância é a mesma.
Sendo:
3x+y+c=0
A=3
B=1
C=c
E como a distância é a mesma, então temos:
d=R
d=
2 2
0 0
B A
C By Ax
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40= 2 2
1
3
1
.
1
1
.
3
+
+
+
c
40. 10 =
4
+
c
c
+ =4
400
20=4+c
c=16
37) Uma loja oferece um artigo por R$170,00 à vista ou em duas parcelas de R$90,00, sendo uma no ato da compra e outra um mês depois. A taxa de juros cobrada pela loja é de:
Solução:
170-90=80
90-80=10
10=80.i.1
i= 0,125 12,5%
8 1 80 10
= =
=
38) Em um bosque há 180 árvores. Sabe-se que cada árvore tem pelo menos 30 folhas e que nenhuma árvore tem mais de 200 folhas. Pode-se concluir que:
Solução:
Se todas têm no mínimo 30 folhas logo teremos 5400 folhas;
Se todas têm no máximo 200 folhas logo teremos 3600 folhas.
Se 1 tem 30 folhas logo 179 terão 35800;
Então teremos 30+35800=35830
Total: 180;
1 arvore: no mínimo 30 e no máximo 200.
A) existe pelo menos uma árvore com 200 folhas;
115x180=20700 abaixo das 36000 folhas.
B) o número médio de folhas por árvore é 115;
Se fizermos 50
180 3600 5400
= +
é possível que não.
C) existe alguma árvore com 115 folhas;
Se 1 tem 115 logo 179=35800 somando com 115+35800=35915 logo abaixo da 36000 folhas.
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Se fizermos 180x30=5400.
E) existem pelo menos duas árvores com o mesmo número de folhas.
Logo o mais provável seria esta afirmativa ser a correta.
39) A equação 2 −9 +7=0 x
x possui raízes x1 e. A equação 2 + + =0 b ax
x possui raízes 2
1
x -1 e 2x2-1. O valor de a+b é: Solução: 0 7 9 2 = + − x x 2 53 9 53 ) 7 .( 1 . 4 ) 9 ( 1 2 + = = ∆ − − − = ∆ x 2 53 9 2 − = x 2 + 2 53 9
-1=8+ 53
2 −
2 53 9
-1=8− 53
Pela soma e produto temos: 0
2
= +
−Sx P
x
S=x1 +x2 = 8+ 53+8− 53=16 P=x1.x2=
(
8
+
53
)
.(
8
−
53
)
=110 2
= +
+ax b
x sendo 2 0
= +
−Sx P
x S=a e P=b
A+b=-16+11=-5
40) A condição necessária e suficiente para que a equação
x
k
x
x
=
5
4
3
0
2
1
tenha raízes reais é:
Solução:
Tenha raízes reais, então vejamos:
K=0 e K>0 então teremos: K
≥
0: Calculando:k
x
x
x
x
=
4
3
0
2
1
5
4
3
0
2
1
3 2x +8x-10x-4x
=
k
3 2
x -6x-k
=
0
(
)
(
)
k k 12 36 . 3 . 4 6 2 − = ∆ − − − = ∆Considerando