Exemplos de Aplicação em Vigas
Exemplos de Aplicação em Vigas
EXEMPLO1: Analise a viga da figura por meio do Método das Forças considerando EXEMPLO1: Analise a viga da figura por meio do Método das Forças considerando como incógnita redundante o momento fletor no apoio B. Despreze o efeito das como incógnita redundante o momento fletor no apoio B. Despreze o efeito das deformações devidas à força cortante no cálculo dos coeficientes.
deformações devidas à força cortante no cálculo dos coeficientes.
Figura 1 – Viga contínua Figura 1 – Viga contínua
Figura 2 – Estrutura
Figura 2 – Estrutura isostática fundamentalisostática fundamental
Propriedades geométricas da seção Propriedades geométricas da seção
4 4 3 3 3 3 10 10 08333 08333 ,, 2 2 12 12 )) 50 50 ,, 0 0 (( 20 20 ,, 0 0
m
m
I
I
I
I
BC BC BC BC −− ⋅⋅ = =⇒
⇒
⋅⋅ = =I
I
I
I
I
I
I
I
AB AB ==22,,744744⋅⋅ BC BC⇒
⇒
ABAB ==22,,744744⋅⋅Módulo de elasticidade constante: E = constante Módulo de elasticidade constante: E = constante
Fase L Fase L Figura 3 – Fase L Figura 3 – Fase L 4 4 3 3 3 3 10 10 71667 71667 ,, 5 5 12 12 )) 70 70 ,, 0 0 (( 20 20 ,, 0 0
m
m
I
I
I
I
AB AB ABAB −−⋅⋅ = =
⇒
⇒
⋅⋅ = =Figura 4 – Diagrama de momento fletor – Fase L
∫
+∫
= AB BC L L QLEI
dx
m
M
EI
dx
m
M
D
1 1 1EI
EI
I
E
D
QL ⋅ ⋅ + ⋅ ⋅ ⋅ + ⋅ ⋅ + ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ = 5 6 ) 2 5 ( 2 3 48 24 ) 5 ( 20 ) 744 , 2 ( 24 ) 8 ( 20 3 3 1EI
D
EI
EI
EI
D
QL1=155,49+104,167+67,20⇒
QL1=326,857 Fase 1 Figura 5 – Fase 1Figura 6 – Diagrama de momento fletor – Fase 1
∫
∫
+ = BC ABEI
dx
m
EI
dx
m
F
2 1 2 1 11 ) ( ) (EI
F
EI
I
E
F
2,6385 3 5 1 ) 744 , 2 ( 3 8 1 11 11⇒
= ⋅ ⋅ + ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ =Cálculo da redundante 0 D Q F DQL1 + 11 1 = Q1 =
⇒
= + Q QL FQ D DkNm
Q
EI
Q
EI
0 123,88 6385 , 2 857 , 326 1 1 − =⇒
= ⋅ +Cálculo dos esforços nas barras
kN
V
V
kN
V
V
kN
V
V
kN
V
V
A C BD BD BE BE A A 02 , 54 0 88 , 123 3 48 2 ) 5 ( 20 5 98 , 93 0 88 , 123 2 48 2 ) 5 ( 20 5 49 , 95 0 88 , 123 2 ) 8 ( 20 8 52 , 64 0 88 , 123 2 ) 8 ( 20 8 2 2 2 2 =⇒
= + ⋅ − ⋅ − ⋅ =⇒
= − ⋅ − ⋅ − ⋅ =⇒
= − ⋅ − ⋅ =⇒
= + ⋅ − ⋅Pontos de cortante nulo Vão AB
m
X
X
AB 0 AB 3,23 20 52 , 64 − ⋅ =⇒
= Vão BCkN
V
kN
V
ME MD 98 , 33 48 2 20 02 , 54 02 , 14 2 20 02 , 54 = + ⋅ + − = − = ⋅ + − =(Logo tem-se que a força cortante muda de sinal sob o ponto M) Pontos de momento máximo
Vão AB
kNm
M
M
MÁX MÁX 104,05 2 ) 23 , 3 ( 20 52 , 64 23 , 3 2 =⇒
⋅ − ⋅ =Vão BC (sob o ponto M)
kNm
M
M
MÁX MÁX 68,05 2 ) 2 ( 20 2 02 , 54 2 =⇒
⋅ − ⋅ =V
CDiagrama de esforços solicitantes
Figura 7 – Diagrama de força cortante
EXEMPLO2: Analise a viga da figura através do Método das Forças considerando como incógnitas redundantes os momentos fletores nos apoios A e B. Despreze o efeito das deformações devidas à força cortante no cálculo dos coeficientes.
Dado: EI constante em todos os vãos da viga.
Figura 9 – Viga contínua
Figura 10 – Estrutura isostática fundamental
Fase L
Figura 11 – Fase L
∫
∫
+∫
+ = CD L AB BC L L QLEI
dx
m
M
EI
dx
m
M
EI
dx
m
M
D
1 1 1 1EI
D
EI
D
QL QL 108 24 ) 6 ( 12 1 3 1⇒
= ⋅ ⋅ =∫
∫
+∫
+ = CD L AB BC L L QLEI
dx
m
M
EI
dx
m
M
EI
dx
m
M
D
2 2 2 2EI
D
EI
EI
EI
EI
D
EI
EI
EI
EI
D
QL QL QL 166 20 60 18 108 6 4 30 16 ) 4 ( 60 4 24 ] ) 2 ( ) 4 3 ( 1 4 [ 2 3 12 24 ) 6 ( 12 2 2 2 2 3 2 =⇒
+ + + = ⋅ ⋅ − ⋅ ⋅ + ⋅ ⋅ − + ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ + ⋅ ⋅ = Fase 1 Figura 13 – Fase 1Figura 14 – Diagrama de momento fletor – Fase 1
∫
∫
∫
∫
∫
+∫
+ = = + + = CD AB BC CD AB BCEI
dx
m
m
EI
dx
m
m
EI
dx
m
m
F
F
EI
dx
m
EI
dx
m
EI
dx
m
F
1 2 1 2 1 2 21 12 2 1 2 1 2 1 11 ) ( ) ( ) (EI
F
EI
F
2 3 6 11 11⇒
= ⋅ =EI
F
F
EI
F
F
1 6 6 21 12 21 12⇒
= = ⋅ = =Fase 2
Figura 15 – Fase 2
Figura 16 –Diagrama de momento fletor – Fase 2
EI
F
EI
EI
F
EI
dx
m
EI
dx
m
EI
dx
m
F
CD AB BC ⋅ =⇒
⋅ + = + + =∫
∫
∫
3 10 3 4 2 ) ( ) ( ) ( 22 22 2 2 2 2 2 2 22Cálculo das redundantes
QL D F Q=− −1
[
]
m
kN
EI
EI
EI
EI
EI
EI
EI
D
D
Q Q ⋅
− − =⇒
⋅ − =
⋅ =
− − ⋅ =⇒
− − ⋅ ⋅ = ⋅ =⇒
− =
=
=
= − − 53 , 39 24 , 34 224 194 17 3 166 108 1 2 1 1 3 / 10 17 3 2 1 1 3 / 10 17 ) ( 3 1 ) ( 3 17 1 3 / 20 ) ( 1 3 / 10 1 1 2 1 0 0 1 2 1 2 2 2 1 Q Q D F F F F F D QL QEsforços nas barras
kN
V
V
kN
V
V
kN
V
V
kN
V
V
kN
V
V
CD CD CE CE BD BD BE BE A A 00 , 20 0 30 50 , 1 62 , 33 0 30 53 , 39 2 60 2 ) 2 ( 12 4 38 , 50 0 30 53 , 39 2 60 3 2 12 4 88 , 36 0 53 , 39 24 , 34 2 ) 6 ( 12 6 12 , 35 0 53 , 39 24 , 34 2 ) 6 ( 12 6 2 2 2 =⇒
= − ⋅ =⇒
= − + ⋅ − ⋅ − ⋅ =⇒
= + − ⋅ − ⋅ ⋅ − ⋅ =⇒
= − + ⋅ − ⋅ =⇒
= + − ⋅ − ⋅Pontos de cortante nulo Vão AB
m
X
X
AB 0 AB 2,93 12 12 , 35 − ⋅ =⇒
= Vão BCkN
V
V
kN
V
V
ED ED EE EE 62 , 33 60 2 12 38 , 50 38 , 26 2 12 38 , 50 − =⇒
− ⋅ − = =⇒
⋅ − =Logo o momento máximo no vão BC será no ponto E.
Pontos de momento máximo Vão AB
kNm
M
M
MÁX 34,24 MÁX 17,15 2 ) 93 , 2 ( 12 12 , 35 93 , 2 2 =⇒
− ⋅ − ⋅ =Momento no ponto central do vão
kNm
M
M
M 34,24 M 17,12 2 ) 3 ( 12 3 12 , 35 2 =⇒
− ⋅ − ⋅ = Vão BCkNm
M
M
MÁX 39,53 MÁX 37,23 2 ) 2 ( 12 2 38 , 50 2 =⇒
− ⋅ − ⋅ =Diagrama de esforços solicitantes
Figura 17 – Diagrama de força cortante
EXEMPLO3: Resolver a viga da figura pelo Método das Forças. Considerar apenas as deformações por flexão.
Dado: EI constante.
Figura 19 – Viga Contínua
Figura 20 – Estrutura isostática fundamental
0 0 2 1 = = Q Q D D Fase L Figura 21 – Fase L
Fase 1
Figura 23 – Fase 1
Figura 24 – Diagrama de momento fletor – Fase 1
Fase 2
Figura 25 – Fase 2
Cálculo dos deslocamentos
(
∫
∫
= = 2 0 8 0 1 L 1 QLEI
m
M
D
dx
x)
+∫
(
2 0dx
x)
dx(
∫
+ 2 0)
+∫
(
2 0 dx)
EI 6666 , 346 = dx x x(
∫
∫
= = 2 0 8 0 2 L 2 QLEI
m
M
D
dx x)
+∫
(
2 0 dx x)
dx x)
+∫
(
2 0 dx x(
∫
+ 2 0)
EI 3333 , 1293 = dx Cálculo dos coeficientes de flexibilidade(
∫
∫
= = 4 0 8 0 1 1 11EI
m
m
F
dx)
EI
3333
,
21
2 dx =(
∫
∫
= = 4 0 8 0 2 1 12 EI m m F dx)
EI 3333 , 53 dx = x(
∫
∫
= = 8 0 8 0 2 2 22 EI m m F dx)
EI 6666 , 170 2 dx = Fase FinalCálculo das redundantes
= 333 , 1293 666 , 346 EI 1 QL D
= 6666 , 170 3333 , 53 3333 , 53 3333 , 21 EI 1 F Q F D DQ = QL + Q =F−1{
DQ −DQL}
− − = − 02678 , 0 06696 , 0 06696 , 0 21428 , 0 EI 1 F
− =
×
− − − = 4285 , 11 3214 , 12 333 , 1293 666 , 346 EI 1 02678 , 0 06696 , 0 06696 , 0 21428 , 0 EI QCálculo das demais reações de apoio
Figura 27 – Reações de apoio
0 10 10 20 4285 , 11 3214 , 12 0
⇒
+ − − − + = =∑
V V A kN V A =19,1071 0 8 4285 , 11 8 10 2 4 3 10 4 3214 , 12 40 2 20 0
+ ⋅ − ⋅ =
⋅ ⋅ − ⋅ + + ⋅ −⇒
=∑
M A M A kNm M A = 22,1429Diagrama de esforços solicitantes
Figura 28 – Diagrama de força cortante
EXEMPLO4: Calcule a viga contínua abaixo usando o método das forças e em seguida trace os diagramas finais de força cortante e momento fletor. Despreze as deformações devidas à força cortante no cálculo dos coeficientes.
Figura 30 – Viga contínua
Dados: Seção transversal das barras AB, DE e EF – 20cm x 50cm. Seção transversal das barras BC e CD – 20cm x 40cm. Grau de indeterminação estática – (g.i.e.):
- nº de vinculos externos = 2+1+1+1+1=6 - nº de equações de equilibrio = 3
- g.i.e. = 6-3=3
Figura 31 – Estrutura isostática fundamental Propriedades geométricas das seções transversais
Barras AB, DE e EF 2 2 m 1 , 0 1000cm 50 20⋅ = = = A 4 3 4 3 m 10 0833 , 2 cm 33 , 208333 12 50 20 − × = = ⋅ = I I Barras BC e CD 2 2 0,08m 800cm 40 20⋅ = = = A 4 3 4 3 m 10 0667 , 1 cm 67 , 106666 12 40 20 − × = = ⋅ = I I
Fase L
Figura 32 – Fase L
• Utilizando tabelas de deslocamentos em vigas isostáticas:
- DQL1 = DQL1'+DQL1 '' AB AB QL EI EI D 53,3333 24 4 20 ' 3 1 = ⋅ ⋅ = BC BC QL EI EI D 22,5 24 3 20 '' 3 1 = ⋅ ⋅ = E EI EI D BC AB QL 257 , 46691 5 , 22 3333 , 53 1 = + = - DQL2 = DQL2'+DQL2 '' BC BC QL EI EI D 22,5 24 3 20 ' 3 2 = ⋅ ⋅ =
(
)
[
]
CD CD CD CD CD QL EI EI EI EI EI D 30 40 70 16 4 40 2 4 3 1 4 4 24 2 3 20 '' 2 2 2 = + = ⋅ ⋅ + − + ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ = E EI EI D CD BC QL 659 , 86691 70 5 , 22 2 = + = - DQL3 = DQL3'+DQL3 ''(
)
[
]
CD CD CD CD CD QL EI EI EI EI EI D 23,3333 40 63,3333 16 4 40 2 4 1 3 4 4 24 2 1 20 ' 2 2 3 = + = ⋅ ⋅ + − + ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ =(
)
DE DE DE DE DE QL EI EI EI EI EI D 96 16,6667 79,3333 6 5 2 10 5 6 5 3 3 2 60 '' 3 = − = ⋅ ⋅ ⋅ − ⋅ ⋅ + ⋅ ⋅ ⋅ = E EI EI D DE CD QL 540 , 97442 3333 , 79 3333 , 63 3 = + =Fase 1(Q1= 1 ; Q2= 0 ; Q3= 0) Figura 33 – Fase 1 11 11 11 F ' F '' F = + E F EI F EI F BC AB 310 , 1577 3 3 1 '' 3 4 1 '11 11
⇒
11 = ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ = E EI F BC 604 , 468 6 3 1 21 = ⋅ ⋅ = 0 31 = F Fase 2 (Q1= 0 ; Q2= 1 ; Q3= 0) Figura 34 – Fase 2 E EI F BC 604 , 468 6 3 1 21 = ⋅ ⋅ = 22 22 22 F ' F '' F = + E F EI F EI F CD BC 785 , 2186 3 4 1 '' 3 3 1 '22 22⇒
22 = ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ = E EI F CD 805 , 624 6 4 1 32 = ⋅ ⋅ =Fase 3 (Q1= 0 ; Q2= 0 ; Q3 = 1) Figura 35 – Fase 3 0 31 = F E EI F CD 805 , 624 6 4 1 23 = ⋅ ⋅ = 33 33 33 F ' F '' F = + E F EI F EI F DE CD 738 , 2049 3 5 1 '' 3 4 1 '33 33
⇒
33 = ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ = Fase FinalCálculo das redundantes:
Q F D DQ = QL + ⋅
= 0 0 0 Q D
× = 540 , 97442 659 , 86691 257 , 46691 1 E QL D E 1 738 , 2049 805 , 624 0 805 , 624 785 , 2186 604 , 468 0 604 , 468 310 , 1577 ×
= F Resolvendo-se o sistema:
− − − = kNm kNm kNm 880 , 39 395 , 23 651 , 22 Q ESTRUTURA FINAL:Cálculo das reações de apoio kN V V M B B C 75 , 29 '' 0 395 , 23 2 3 20 65 , 22 '' 3 0 2 = = + ⋅ − − =
∑
kN V V M C C B 25 , 30 ' 0 651 , 22 395 , 23 2 3 20 ' 3 0 2 = = − + ⋅ + − =∑
(
) ( )
kN V V M C C D 88 , 45 '' 0 880 , 39 395 , 23 2 40 3 2 20 '' 4 0 = = + − ⋅ − ⋅ ⋅ − =∑
(
)
kN V V M D D C 12 , 34 ' 0 395 , 23 2 2 20 2 40 880 , 39 ' 4 0 2 = = − ⋅ + ⋅ + + − =∑
(
)
kN V V M D D E 98 , 39 '' 0 00 , 20 880 , 39 3 60 '' 5 0 = = + − ⋅ − =∑
( ) ( )
kN V V M E E D 02 , 30 0 880 , 39 5 10 2 60 20 5 0 = = − ⋅ + ⋅ + + − =∑
Resumindo: kN V kN V V V kN V V V kN V V V kN V E D D D C C C B B B A 02 , 30 10 , 74 13 , 76 41 , 75 34 , 34 '' ' '' ' '' ' = = + = = + = = + = = kN V V M B B A 66 , 45 ' 0 651 , 22 2 4 20 ' 4 0 2 = = + ⋅ + − =∑
kN V V M A A B 34 , 34 0 651 , 22 2 4 20 4 0 2 = = + ⋅ − =∑
DIAGRAMAS FINAIS
Figura 37 - Diagrama de força cortante
Figura 38 - Diagrama de momento fletor
Cálculo dos coeficientes do exemplo 4 usando o princípio dos trabalhos virtuais (P.T.V.):
Diagrama de momento fletor nas diversas fases:
Figura 39 - Diagramas da FASE L
Figura 41 - Diagramas da FASE 2
Figura 42 - Diagramas da FASE 3
Cálculo dos deslocamentos: FASE L : =
∫
dxEI m M DQLi L i
∫
= 4 0 1 ( 1 AB QL EI D )dx +∫
3 0 ( 1 BC EI ) dx EI EI EI EI EI D BC AB BC AB QL 257 , 46691 5 , 22 33 , 53 3 3 1 5 , 22 1 3 4 1 40 1 1
= + =
⋅ ⋅ +
⋅ ⋅ = ( 1 3 0 2 =∫
BC QL EI D ) dx + 1 ( 2 0∫
CD EI ) dx+ ( 1 2 0∫
CD EI ) dx + ( 1 2 0∫
CD EI ) dx(
)
(
)
=
⋅ ⋅ +
+ ⋅ ⋅ +
⋅ + ⋅ +
⋅ ⋅ = 3 2 5 , 0 60 1 6 2 5 , 0 2 1 60 1 3 2 5 , 0 1 10 1 3 3 1 5 , 22 1 2 CD CD CD BC QL EI EI EI EI D(
)
(
BC CD)
BC BC QL I I E EI EI D 2 = 1 22,5+10+40+20 = 92,5 = 86691,659 = ( 1 2 0 3 =∫
CD QL EI D )dx + 1 ( 2 0∫
CD EI ) dx + ( 1 2 0∫
CD EI ) dx + ( 1 2 0∫
DE EI ) dx + 1 3∫
(
)
(
)
(
)
(
)
(
)
E EI EI EI EI D EI EI EI EI EI D DE CD DE CD QL DE DE CD CD CD QL 540 , 97442 33 , 79 33 , 63 4 , 32 93 , 46 1 40 20 33 , 3 1 3 6 20 64 2 6 , 0 1 6 2 6 , 0 2 1 64 1 6 2 1 5 , 0 2 60 1 3 2 5 , 0 60 1 3 2 5 , 0 10 1 3 3 = + = + + + + = = ⋅ − ⋅ + ⋅ + ⋅ ⋅ + ⋅ + ⋅ + ⋅ ⋅ + ⋅ ⋅ = Coeficientes de flexibilidade: ( 1 4 0 11 =∫
AB EI F )2 dx + 1 ( 3 0∫
BC EI ) 2 dx(
)
(
)
E E E EI EI F BC AB 31 , 1577 21 , 937 10 , 640 3 3 1 1 3 4 1 1 2 2 11
= + =
⋅ +
⋅ = ( 1 3 0 21 =∫
BC EI F ) dx⇒
=
⋅ ⋅ = E EI F BC 60 , 468 6 3 1 1 1 21 E F 12 = 468,60⇒
=0 31 F F 13 =0 ( 1 3 0 22 =∫
BC EI F )2dx + 1 ( 4 0∫
CD EI ) 2 dx(
)
(
)
E E E EI EI F CD BC 81 , 2186 61 , 1249 21 , 937 3 4 1 1 3 3 1 1 2 2 22
= + =
⋅ +
⋅ = ( 1 4 0 23 =∫
CD EI F ) dx( )
⇒
=
⋅ = E EI F CD 8 , 624 6 4 1 1 2 23 E F 32 = 624,8 ( 1 4 0 33 =∫
CD EI F )2dx + 1 ( 5 0∫
DE EI ) 2 dx(
)
(
)
E E E EI EI F DE CD 74 , 2049 800 61 , 1249 3 5 1 1 3 4 1 1 2 2 33
= + =
⋅ +
⋅ =EXEMPLO5: Calcule as reações de apoio da viga da figura utilizando o método das forças. Considere as deformações devidas à força cortante e ao momento fletor. A seção transversal usada trata-se de um perfil soldado de aço, padrão VS-800x111 , conforme figura. Dados: E=2,1x104kN/cm2(aço) G=8x103 kN/cm2 (aço) Figura 43 - Viga 4 2 2 155074 29 , 2 62 142 62 5 , 77 8 , 0 142 cm I A A f cm A cm A ALMA S ALMA = = = = = ⋅ = = G.I.E = 3-2=1 Estrutura isostática fundamental:
Figura 44 - Estrutura isostática fundamental
Fase L Figura 45 - Fase L
(
)
cm D 0,45 1000 2,29 0,45 1000 17,2729 0,4536 17,7265 2 4 − = + − =
⋅ ⋅ +
⋅ − =Fase 1 Fase 1
Figura 46
Figura 46 - - Fase Fase 11
10437 10437 ,, 0 0 10 10 0158 0158 ,, 2 2 10236 10236 ,, 0 0 142 142 10 10 8 8 1000 1000 29 29 ,, 2 2 155074 155074 10 10 1 1 ,, 2 2 3 3 1000 1000 33 3 3 4 4 3 3 11 11
== ++ ×× ==
⋅⋅ × × ⋅⋅ + +
⋅⋅ × × ⋅⋅ = = −− F F EquaçãoEquação de de compatibilidade: compatibilidade: D DQQ11 ==00 0 0 1 1 11 11 1 1 1 1 == D D ++F F ⋅⋅QQ == D DQQ QLQL kN kN F F D D Q Q QLQL 169169,,8484 10437 10437 ,, 0 0 7265 7265 ,, 17 17 11 11 1 1 1
1 ==−− == == (Reação vertical no apoio B)(Reação vertical no apoio B)
Cálculo das reações de apoio finais:
Cálculo das reações de apoio finais: (usando o método da superposição de efeitos)(usando o método da superposição de efeitos) kN kN Q Q V V V V V
V A A == A A L L ++ A A11⋅⋅ 11 ==450450−−11⋅⋅169169,,8484==280280,,1616 (para cima)(para cima) kNm kNm Q Q M M M M M
M A A == A A L L ++ A A11 ⋅⋅ 11 ==22502250−−1010⋅⋅169169,,8484==551551,,6060 (sentido anti-horário)(sentido anti-horário) Caso fossem desprezadas as deformações devidas à
Caso fossem desprezadas as deformações devidas à força cortante:força cortante: cm cm EI EI qL qL D DQLQL 1717,,27292729 8 8 4 4 1 1 ==−− ==−− 1024 1024 ,, 0 0 3 3 3 3 11 11 == == EI EI L L F F KN KN Q Q11 ==168168,,7575
Demais reações de apoio : Demais reações de apoio :
kNm kNm M M kN kN V V A A A A 5 5 ,, 562 562 25 25 ,, 281 281 = = = =
Erros cometidos devido à não consideração das deformações devidas à força cortante: Erros cometidos devido à não consideração das deformações devidas à força cortante: -- Erro% QErro% Q11 : : 100100 00,,6464%% 84 84 ,, 169 169 84 84 ,, 169 169 75 75 ,, 168 168 = = × × − − -- Erro % VErro % VAA: : 100100 00,,3838%% 16 16 ,, 280 280 16 16 ,, 280 280 25 25 ,, 281 281 = = × × − − -- Erro % MErro % Maa: : 100100 11,,9898%% 60 60 ,, 551 551 60 60 ,, 551 551 50 50 ,, 562 562 = = × × − −
-- Observação : O cálculo de DObservação : O cálculo de DQL1QL1 e de Fe de F1111 se baseou no resultado obtido no exemplo ase baseou no resultado obtido no exemplo a seguir, onde foi calculada a flecha na extremidade livre da viga em balanço, pelo M.C.U., seguir, onde foi calculada a flecha na extremidade livre da viga em balanço, pelo M.C.U.,
EXEMPLO6: Calcule a flecha na extremidade livre da viga em balanço submetida ao EXEMPLO6: Calcule a flecha na extremidade livre da viga em balanço submetida ao carregamento indicado, usando o método da carga unitária. Considere as deformações carregamento indicado, usando o método da carga unitária. Considere as deformações devidas ao momento fletor e à força cortante.
devidas ao momento fletor e à força cortante.
Figura 47 – Viga em balanço Figura 47 – Viga em balanço Dados:
Dados: E, G
E, G - material - material elástico lineaelástico linear isotrópicor isotrópico A,I
A,I - constantes - constantes geométricas dgeométricas da seçãoa seção f
f ss - fator de forma para cisalhamento- fator de forma para cisalhamento
Fase L Fase L
Estrutura dada submetida ao carregamento real Estrutura dada submetida ao carregamento real
Figura 48 – Fase L Figura 48 – Fase L (Momento fletor) (Momento fletor) (Força cortante) (Força cortante)
Figura 49 – Diagramas de força cortante e momento fletor - Fase L Figura 49 – Diagramas de força cortante e momento fletor - Fase L
Para efeito de integração o
Para efeito de integração o diagrama Mdiagrama MLL pode ser decomposto como :pode ser decomposto como :
Figura 50 – Decomposição do diagrama de momento
Figura 50 – Decomposição do diagrama de momento fletorfletor
Fase U Fase U
Carrega-se a estrutura dada com uma carga unitária
Carrega-se a estrutura dada com uma carga unitária correspondencorrespondente ao deslocamento que sete ao deslocamento que se pretende determinar. No caso, car
pretende determinar. No caso, carga unitária vertical aplicada em B.ga unitária vertical aplicada em B.
Figura 51 – Fase U Figura 51 – Fase U (Força cortante) (Força cortante) (Momento fletor) (Momento fletor)
Figura 52 – Diagramas de força cortante e momento fletor - Fase U Figura 52 – Diagramas de força cortante e momento fletor - Fase U Aplicando-se a equação do M.C.U.
Aplicando-se a equação do M.C.U.
(
( ))(
( )
)
++
(
(
++ ++))
⋅⋅
− −
+ + ⋅⋅ − −
+ + − − = = ∆ ∆ PP qLqL PP LL GA GA f f L L L L qL qL L L L L qL qL PL PL EI EI S S B B 2 2 1 1 8 8 3 3 1 1 )) (( 2 2 3 3 1 1 1 1 22 22
+ + + +
+ + = = ∆ ∆ GA GA L L f f EI EI L L q q GA GA L L f f EI EI L L P P S S S S B B 2 2 8 8 3 3 2 2 4 4 3 3Observar na resposta acima a influência da carga P, 1ª parcela, na qual está explícita a Observar na resposta acima a influência da carga P, 1ª parcela, na qual está explícita a influência das deformações de flexão (
influência das deformações de flexão ( EI EI PL PL 3 3 3 3 ) e a
) e a influência das deformações devidas à forçainfluência das deformações devidas à força cortante ( cortante ( GA GA L L f f P P⋅⋅ S S ⋅⋅ ).).
De forma análoga, na 2ª parcela (influência de q) tem-se De forma análoga, na 2ª parcela (influência de q) tem-se
EI EI L L q q 8
8 (influência das deformações(influência das deformações de flexão) e de flexão) e GA GA L L q q f f S S 2 2 2 2 ⋅⋅
⋅⋅ (influência da força cortante).(influência da força cortante).
∫∫
∫∫
⋅⋅ ++ ⋅⋅ = = ⋅⋅ ∆ ∆ dxdx GA GA vv V V f f dx dx EI EI m m M M L L uu S S u u L L B B 11EXEMPLO7: Calcule a flecha no meio do vão da viga abaixo, considerando a contribuição da flexão e do cisalhamento.
Dados: 2 3 2 4 / 10 8 / 10 1 , 2 cm kN G cm kN E × = × =
Figura 53 – Viga bi-apoioada Propriedades geométricas da seção:
2 2 2 4 142 62 80 155074 cm A A A cm A cm A cm I ALM MESA ALMA MESA = + = = = =
Fator de forma para cisalhamento: 29 , 2 62 142 = = = ALMA S A A f Fase L Figura 54 = Fase L Fase U Figura 55 = Fase U
∫
+∫
= ∆ dx GA vV f dx EI mMS O deslocamento é composto de duas parcelas, uma devida
à flexão e outra devida ao cisalhamento.
M
∆ ∆c
(infl.do momento) (infl. da força cortante)
Utilizando a tabela de integrais de produto, tem-se: - contribuição do momento fletor (∆M )
EI M = 1 ∆
∫
5 0 .∫
10 5 Substituindo os valores: m M 018 , 0 = ∆- contribuição da força cortante (∆C )
GA f S C = ∆
∫
5 0 ( .∫
10 5 Substituindo os valores: m C 001134 , 0 = ∆A flecha será então:
m C M 01913 , 0 001134 , 0 018 , 0 + = = ∆ + ∆ = ∆
A influência da força cortante no deslocamento total é, então:
C C ∆ → = ∆ ∆ 0593 ,
EXEMPLO1: Determinar os esforços nas barras da treliça da figura abaixo utilizando o método das forças.
Dados:
− EA=constante.
Figura 1 – Treliça
Grau de indeterminação estática:
( )
2( )
3 6 2 4 1 .. I E = m+v − ⋅n = + − ⋅ =
G
Figura 2 - Estrutura isostática fundamental
Equação de compatibilidade (deslocamento axial relativo na seção transversal da barra BD) : 1 =0 Q D
( )
( )
08 6 0 , cos , sen = α = α BD N Q = 1Fase L
( )
( )
( )
( )
= − − = + − − 0 50 0 50 cos cos α α α α sen N sen N N N CD AD CD AD
= − = + 33 , 83 50 , 62 CD AD CD AD N N N N 2 N AD =145 ,83⇒
N AD =72,92 42 10 50 62 , N N , N CD = − AD⇒
CD =− Fase 1 Q1= 1 ( NBD= 1 )( )
CD( )
AD CDAD sen N sen N N
N V = ∴ α − α =
⇒
=∑
0 0( )
( )
1 0 0∴ α + α + = =∑
H N AD cos N CDcos( )
1 0625 06252 N AD cos α =−
⇒
N AD =− ,⇒
N CD =− ,Cálculo dos coeficientes
Barra Li
{ }
NL i{ }
n1 i{
NL ⋅n1⋅L}
i( )
i 2 1 L n ⋅ AD 2,5 72,92 -0,625 -113,94 0,97656 CD 2,5 -10,42 -0,625 16,28 0,97656 BD 2,0 0 1 0 2,0 Σ = -97,66 3,953120 EA EA L n N D i i L QL 66 , 97 3 1 1 1 − =
⋅ ⋅ =∑
=( )
EA EA L n F i i 953120 , 3 3 1 2 1 11
=
⋅ =∑
=Cálculo da redundante EA DQL1 = −97,66 EA F 11 = 3,953120 0 1 11 1 1 = D +F Q = DQ QL 70 , 24 953120 , 3 ) 66 , 97 ( 0 11 1 1 1 = − − = − = F D D Q Q QL
Esforços axiais finais
( ) ( )
N n1 Q1 N i = L i + i ⋅(
)
kN N AD =72,92−0,625⋅ 24,70 =57,48(
)
kN N CD = −10,42−0,625⋅ 24,70 = −25,86 kN Q N BD = 1 =24,70EXEMPLO2: Calcular a treliça da figura abaixo utilizando o método das forças. Dados:
− EA=constante.
Figura 3 – Treliça Grau de indeterminação estática:
( )
2( )
6 4 2 4 2 . . I E = m+v − ⋅n = + − ⋅ = G Incógnitas Redundantes: o Q1→ reação horizontal em B o Q2→ força normal na barra 6Figura 4 - Estrutura isostática fundamental
Equações de compatibilidade: 0 0 1 = = Q D D
Fase L, Fase 1 e Fase 2
Fase L Fase 1
Fase 2
Figura 5 – Fase L, Fase 1 e Fase 2 Quadro resumo dos esforços nas diversas fases
Barra
{ }
EA i Li{ }
NL i{ }
n1 i{ }
n2 i 1 EA 3 0 0 2 2 − 2 EA 3 5 0 2 2 − 3 EA 3 -10 0 2 2 − 4 EA 3 5 -1 2 2 − 5 EA 3 2 −5 2 2 1 6 EA 3 2 0 0 1Cálculo dos coeficientes das matrizes e vetores Barra
{
NL ⋅n1⋅L}
i{
NL ⋅n2 ⋅L}
i( )
i 2 1 L n ⋅{
}
i 2 1 n L n ⋅ ⋅( )
i 2 2 L n ⋅ 1 0 0 0 0 1,5 2 0 −15 2 0 0 1,5 3 0 2 30 0 0 1,5 4 -15 2 15 − 3 2 3 1,5 5 −30 2 -30 6 2 6 3 2 6 0 0 0 0 3 2 Σ = -57,4264 -30 11,4853 8,1213 14,4853 EA EA L n N D i i L QL 4264 , 57 6 1 1 1 − =
⋅ ⋅ =∑
= EA EA L n N D i i L QL 0 , 30 6 1 2 2 − =
⋅ ⋅ =∑
=( )
EA EA L n F i i 4853 , 11 6 1 2 1 11
=
⋅ =∑
= EA EA L n n F F i i 1213 , 8 6 1 2 1 12 21
=
⋅ ⋅ = =∑
=( )
EA EA L n F i i 4853 , 14 6 1 2 2 22
=
⋅ =∑
=Notar que nos somatórios acima o índice i varia de 1 a 6, onde 6 é o número de barras da treliça.
Cálculo das redundantes
− − = 30 4264 , 57 EA 1 QL D
= 4853 , 14 1213 , 8 1213 , 8 4853 , 11 EA 1 F 0 Q F D DQ = QL + = Q1= 5,858 kN Q2= -1,213 kNForças normais finais
( ) ( )
L i 1 i 1( )
2 i 2 i N n Q n Q N = + ⋅ + ⋅ (Superposição de efeitos) N1= 0,858 (barra CD) N2= 5,858 (barra AB) N3= - 9,142 (barra AC) N4= 0 (barra BD) N5= 0 (barra BC) N6= - 1,213 (barra AD)EXEMPLO3: Considerando a treliça da figura e a relação de áreas das suas barras,
determinar o valor da área mínima necessária para as barras tracionadas, sendo a
tensão admissível do aço igual a 160 Mpa. Utilizar o método da flexibilidade.
(Obs.: não é necessário analisar as barras comprimidas, que dependem do í ndice de esbeltez).
Figura 6 - Treliça Dados: E = 205 GPa A1 = A2 = A3 = 3A A4 = A5 = A6 = A A7 = A8 = A9 = A10 = 2A
Estrutura isostática fundamental
G.I.E = ( b + v ) – 2 n = (10 + 4) – 12 = 2
Figura 7 – Estrutura isostática fundamental
Equações de compatibilidade : 0 0 2 1 = = Q Q D D
Fase L:
Figura 8 – Fase L ° =⇒
= 36,87 0 , 2 5 , 1 tanα α
= = 8 , 0 cos 6 , 0 sen α α ° =⇒
= 26,57 0 , 3 5 , 1 tan β β
= = 894 , 0 cos 447 , 0 sen β β kN V V M A =0⇒
20⋅7 +4 C +10⋅1,5 =0⇒
C = −38,75∑
kN V V V =0⇒
38,75− 20+ A =0⇒
A =−18,75∑
kN H H H =0⇒
10+ A =0⇒
A = −10∑
Figura 9 – Forças normais nas barras – Fase L Nó A: kN N N V =0
⇒
AE .0,6−18,75=0⇒
AE =31,25∑
kN N N H =0⇒
31,25⋅0,8 + AB −10= 0⇒
AB = −15∑
Nó B: 0 0
⇒
= =∑
V N EB kN N N N H =0⇒
AB − BC =0⇒
BC =−15∑
Nó E: 0 6 , 0 . 6 , 0 . 0⇒
+ + = =∑
V N AE N EB N CEkN N N CE .0,6 0 CE 31,25 0 6 , 0 25 , 31 ⋅ + + =
⇒
= − 0 8 , 0 . 8 , 0 . 0⇒
− − = =∑
H N AE N EF N CE(
)
N kN N EF 31,25 0,8 0 EF 50 8 , 0 25 , 31 ⋅ − − − ⋅ =⇒
= Nó F: 0 894 , 0 . 10 0⇒
− − = =∑
H N EF N FD kN N N FD 0,894 0 FD 44,74 10 50− − . =⇒
= 0 447 , 0 . 0⇒
+ = =∑
V N FC N FD kN N N FC + 44,7⋅0,447 =0⇒
FC = −20 Nó C: 0 8 , 0 . 0⇒
+ − = =∑
H N CE N BC N CD kN N N CD 0 CD 40 15 8 , 0 25 , 31 ⋅ − − =⇒
=− − 0 75 , 38 6 , 0 0⇒
. + + = =∑
V N CE N FC kN N N FC 38,75 0 FC 20 6 , 0 25 , 31 ⋅ + + =⇒
=− − Nó D: 0 447 , 0 . 20 0⇒
− + = =∑
V N FD⇒
N FD = 44,74 kN 0 894 , 0 . 0⇒
+ = =∑
H N CD N FD⇒
N CD =−40kNFase 1:
(Q1= 1 ; Q2= 0) Figura 10 – Fase 1 0 ' 0 ' . 4 0⇒
=⇒
= =∑
M A V C V c 0 ' 0⇒
= =∑
V V A 1 ' 0⇒
=− =∑
H H AFigura 11 – Forças normais nas barras – Fase 1 Nó A: 0 0
⇒
= =∑
V N AE 1 0⇒
= =∑
H N AB Nó B: 0 0⇒
= =∑
V N EB 1 0⇒
= =∑
H N BC Nó E: 0 6 , 0 . 6 , 0 . 0⇒
+ + = =∑
V N AE N EB N CE⇒
N CE =00 8 , 0 . 8 , 0 . 0
⇒
− + + = =∑
H N AE N EF N CE⇒
N EF =0Nó F: 0 894 , 0 . 0
⇒
− = =∑
H N EF N FD⇒
N FD =0 0 447 , 0 . 0⇒
+ = =∑
V N FC N FD⇒
N FC =0 Nó C: 0 1 8 , 0 . 0⇒
+ − − = =∑
H N CE N BC N CD⇒
N CD =0 0 6 , 0 0⇒
. + = =∑
V N CE N FC⇒
N FC =0 Nó D: 0 447 , 0 . 0⇒
= =∑
V N FD⇒
N FD =0 0 894 , 0 . 0⇒
+ = =∑
H N CD N FD⇒
N CD =0Fase 2:
(Q1= 0 ; Q2= 1) Figura 12 – Fase 2 0 " 0⇒
= =∑
M A V c 0 " 0⇒
= =∑
V V A 0 " 0⇒
= =∑
H H AFigura 13 – Forças normais nas barras – Fase 2 Nó A: 0 ; 0 = = AB AE N N Nó D: 0 ; 0 = = DF CD N N Nó B: 8 , 0 ; 6 , 0 = − − = BC EB N N Nó C: 6 , 0 ; 1 = − = FC CE N N Nó E: 8 , 0 ; 1 =− = EF CE N N Nó F: 6 , 0 ; 0 =− = FC FD N N
Barra
{ }
A i Li{ }
NL i{ }
n1 i{ }
n2 i 1 3A 2,0 -15 1 0 2 3A 2,0 -15 1 -0,8 3 3A 3,0 -40 0 0 4 A 2,5 31,25 0 0 5 A 2,0 50 0 -0,8 6 A 3,35 44,74 0 0 7 2A 1,5 0 0 -0,6 8 2A 1,5 -20 0 -0,6 9 2A 2,5 -31,25 0 1 10 2A 2,5 0 0 1 Barra i L A L n N
⋅ 1⋅ i L A L n N
⋅ 2 ⋅( )
i A L n
2 ⋅ 1 i A L n n
1⋅ 2 ⋅( )
i A L n
2 ⋅ 2 1 A 10 − 0 A 6667 , 0 0 0 2 A 10 − A 8 A 6667 , 0 A 5333 , 0 − A 4267 , 0 3 0 0 0 0 0 4 0 0 0 0 0 5 0 A 80 − 0 0 A 28 , 1 6 0 0 0 0 0 7 0 0 0 0 A 27 , 0 8 0 A 9 0 0 A 27 , 0 9 0 A 0625 , 39 − 0 0 A 25 , 1 10 0 0 0 0 A 25 , 1 Σ = A 20 − A 0625 , 102 − A 3333 , 1 A 5333 , 0 − A 7467 , 4D
QL1D
QL2F
11F
12F
22Equação de compatibilidade
D
Q=D
QL +F Q
= 0D
QL+F Q
=D
Q
− − +
− − =
2 1 7467 , 4 5333 , 0 5333 , 0 3333 , 1 1 0625 , 102 20 1 0 0 Q Q EA EAQ
1= 24,711 kN
Q
2= 24,278 kN
Esforços nas barras da estrutura hiperestática
N = N
L+ n
1.Q
1+ n
2.Q
2 N1 = -15+1 . 24,711 =9,711 kN
N2 = -15+1 . 24,711 – 0,8 . 24,278 =-9,711 kN
N3 =-40,0 kN
N4 =31,25 kN
N5 = 50 – 0,8 . 24,278 =30,577 kN
N6 =44,74 kN
N7 = -0,6 . 24,278 =-14,567 kN
N8 = -20 – 0,6 . 24,278 =-34,567 kN
N9 = -31,25 + 1 . 24,278= -6,972 kN
N10 =24,278 kN
Área mínima
2 / 16 160 MPa kN cm adm = = σ F max =44,74kN 2 min min max min 2,796 16 74 , 44 cm A A F A A F adm =⇒
=⇒
=⇒
= σ σEXEMPLO4: Calcule as forças normais da treliça da figura utilizando o Método da Flexibilidade (Método das Forças).
Dados:
−
E = 2,1x10
4kN/cm
2−
Área da seção transversal das barras:
•
A
1= A
2= A
3= A
8= A
15= A
16= A
17= 3,0 cm
2 •A
4= A
7= 10,0 cm
2 •A
5= A
6= A
11= A
12= 5,0 cm
2 •A
9= A
10= A
13= A
14= 20,0 cm
2Figura 14 - Treliça
Estrutura Isostática Fundamental
- Grau de Inderteminação Estática:
. . ൌሺ ሻെൈ2 ൌ ሺ173ሻെൈ29ൌ2
- Incógnitas Redundantes:
ଵ
՜
força normal na barra 5
ଶ
՜
força normal na barra 11
Figura 15 – Estrutura Isostática Fundamental
ൌ
൬3,0
1,0൰ൌ71,565°
ൌ
൬1,0
0,5൰ൌ63,435°
ሺ ሻ ൌ0,949
ሺ ሻ ൌ0,316
ሺ ሻ ൌ0,894
ሺ ሻ ൌ0,447
a aFase L
Figura 16 – Fase L
Reações de Apoio:
ൌ0 െ3
20ൈ315ൈ610ൈ7ൌ0
ൌ 2203
ൌ0 101520
ൌ 0
െൌ45
ൌ 0
ൌ 0
ൌ െ2203
Nó I:
ൌ 0
ଵ
ൈ0,894
ଶ
ൈ0,894ൌ0
ଵ
ൌ െ
ଶ
ൌ 0 10
ଶ
ൈ0,44െ7
ଵ
ൈ0,447ൌ0
ଵ
ൌ െ
ଶ
ൌ11,180
Nó G:
ൌ 0
ଷ
ଵ
ൈ0,447ൌ0
ଷ
ൌ െ5
ൌ 0
ଵ
ൈ0,89െ4
ସ
ൌ 0
ସ
ൌ 10
a aNó H:
ൌ 0 1െ5
ଷ
െ
ଶ
ൈ0,44െ7
ൈ0,316ൌ0
ൌ79,057
ൌ 0
ଶ
ൈ0,89െ4
ൈ0,94െ9
ൌ 0
െൌ85
Nó D:
ൌ 0
ଵସ
ൈ0,949
ൌ 0
ଵସ
െൌ77,300
ൌ 0
ଵ
ଵସ
ൈ0,316ൌ0
ଵ
ൌ24,444
Nó C:
ൌ 0
ଵଷ
ൌ 0
ൌ 0
ଵ
െ
ଵ
ൌ 0
ଵ
ൌ24,444
Nó F:
ൌ 0
െ
ଵଷ
െ
ଵଶ
ൈ0,94െ9
ଵସ
ൈ0,949ൌ0
ଵଶ
െൌ12,298
ൌ 0 20
ଵସ
ൈ0,31െ6
଼
െ
ଵଶ
ൈ0,316ൌ0
଼
െൌ0,556
Nó E:
ൌ 0
଼
ൈ0,31െ6
ଽ
ൈ0,316ൌ0
ଽ
ൌ77,300
Nó B:
ൌ 0
ଵ
ଵଶ
ൈ0,949ൌ0
ଵ
ൌ11,667
ൌ 0
ଵ
ଵଶ
ൈ0,31െ6
ଵହ
ൌ 0
ଵହ
ൌ20,556
Fase 1
Figura 17 – Fase 1
Reações de Apoio:
ൌ
ൌ
ൌ 0
Nó I:
ଵ
ൌ 0
ଶ
ൌ 0
Nó D:
ൌ 0
ଵସ
ൌ 0
ൌ 0
ଵ
ൌ 0
Nó C:
ൌ 0
ଵଷ
ൌ 0
ൌ 0
ଵ
ൌ 0
Nó A:
ൌ 0
ଽ
ൌ 0
ൌ 0
ଵହ
ൌ 0
a aNó B:
ൌ 0
ଵଶ
ൌ 0
ൌ 0
ଵ
ൌ 0
Nó F:
ൌ 0
1ൈ0,949ൌ0
െൌ0,949
ൌ 0 െ
଼
െൈ10,316ൌ0
଼
െൌ0,316
Nó G:
ൌ 0 െൈ10,94െ9
ସ
ൌ 0
ସ
െൌ0,949
ൌ 0
ଷ
1ൈ0,316ൌ0
ଷ
െൌ0,316
Nó H:
ൌ 0 െ
ൈ0,94െ9
ൌ 0
ൌ 1
Fase 2Figura 18 – Fase 2
a aReações de Apoio:
ൌ
ൌ
ൌ 0
Nó I:
ଵ
ൌ 0
ଶ
ൌ 0
Nó D:
ൌ 0
ଵସ
ൌ 0
ൌ 0
ଵ
ൌ 0
Nó A:
ൌ 0
ଽ
ൌ 0
ൌ 0
ଵହ
ൌ 0
Nó G:
ൌ 0
ସ
ൌ 0
ൌ 0
ଷ
ൌ 0
Nó H:
ൌ 0
ൌ 0
ൌ 0
ൌ 0
Nó C:
ൌ 0
ଵଷ
1ൈ0,949ൌ0
ଵଷ
െൌ0,949
ൌ 0 െ
ଵ
െൈ10,316ൌ0
ଵ
െൌ0,316
Nó E:
ൌ 0
଼
1ൈ0,316ൌ0
଼
െൌ0,316
ൌ 0 െൈ10,94െ9
ଵ
ൌ 0
ଵ
െൌ0,949
Nó F:
ൌ 0 െ
ଵଶ
ൈ0,94െ9
ଵଷ
ൌ 0
ଵଶ
ൌ 1
Quadro Resumo dos Esforços Axiais:
Barra
ሼ ሽ
ሼ ሽ
ሼ
ሽ
ሼ
ଵ
ሽ
ሼ
ଶ
ሽ
1
3
1,118
11,180
0
0
2
3
1,118
-11,180
0
0
3
3
1
-5
-0,316
0
4
10
3
10
-0,949
0
5
5
3,162
0
1
0
6
5
3,162
79,057
1
0
7
10
3
-85
-0,949
0
8
3
1
-0,556
-0,316
-0,316
9
20
3,162
77,300
0
0
10
20
3
11,667
0
-0,949
11
5
3,162
0
0
1
12
5
3,162
-12,298
0
1
13
20
3
0
0
-0,949
14
20
3,162
-77,300
0
0
15
3
1
20,556
0
0
16
3
1
24,444
0
-0,316
17
3
1
24,444
0
0
Cálculo dos Coeficientes das Matrizes e Vetores:
Barra
൜
.
ଵ
. ൠ
൜
.
ଶ
. ൠ
ቊሺ
ଵ
ሻ
ଶ
. ቋ
൜
ଵ
.
ଶ
. ൠ
ቊሺ
ଶ
ሻ
ଶ
. ቋ
1
0
0
0
0
0
2
0
0
0
0
0
3
0,52705
0
0,03333
0
0
4
-2,84605
0
0,27
0
0
5
0
0
0,63246
0
0
6
50
0
0,63246
0
0
7
24,19142
0
0,27
0
0
8
0,05856
0,05856
0,03333
0,03333
0,03333
9
0
0
0
0
0
10
0
-1,66020
0
0
0,135
11
0
0
0
0
0,63246
12
0
-7,77778
0
0
0,63246
13
0
0
0
0
0,135
14
0
0
0
0
0
15
0
0
0
0
0
16
0
-2,57667
0
0
0,03333
17
0
0
0
0
0
∑ ൌ
71,93098
-11,95608
1,87158
0,03333
1,60158
ଵ
ൌ 71,93098
ଶ
ൌ െ11,95608
ଵଵ
ൌ 1,87158
ଵଶ
ൌ
ଶଵ
ൌ 0,03333
ଶଶ
ൌ 1,60158
Solução do Sistema de Equações
ൌ 1ቄ 71,93098
െ11,95608ቅ
ൌ 11,87158 0,03333
0,03333 1,60158൨
ൌ
ଵ
െൌ38,581
ଶ
ൌ8,268
Esforços Axiais Finais
ଵ
ൌ11,180
ଶ
െൌ11,180
ଷ
ൌ7,200
ସ
ൌ46,601
ହ
െൌ38,581
ൌ40,476
െൌ48,399
଼
ൌ9,030
ଽ
ൌ70,300
ଵ
ൌ3,823
ଵଵ
ൌ8,268
ଵଶ
െൌ4,030
ଵଷ
െൌ7,844
ଵସ
െൌ77,300
ଵହ
ൌ20,556
ଵ
ൌ21,830
ଵ
ൌ24,444
Análise de Pórticos Planos
Deformações possíveis de ocorrer nos pórticos são devidas a:
• Momento Fletor • Força Normal • Força Cortante
∫
+∫
+∫
= ∆ dx GA Vv f dx EA Nn dx EI Mm x1 s Deformação preponderante:• Devida a momento fletor
Cálculo dos coeficientes:
- Considerar sempre o efeito das deformações devidas ao momento fletor
∫
+∫
+∫
= dx GA Vv f dx EA Nn dx EI Mm DQLj j j s j∫
+∫
+∫
= dx GA v v f dx EA n n dx EI m m F ij i j i j s i jEXEMPLO1: Analisar o pórtico dado considerando as deformações por flexão e as deformações axiais. Dados: - EI = constante. - EA= constante. - Seção Transversal: 20x50 cm2.
Figura 1 – Pórtico plano Grau de indeterminação estática: 3
Figura 2 - Estrutura isostática fundamental
Fase L Figura 3 – Fase L A A A B B B B B C C C
Diagramas
Força normal: nula nas duas barras
(VL) (ML)
Figura 4 – Diagramas de força cortante e momento fletor – Fase L
Fase 1
Figura 5 – Fase 1
Diagramas
(N1) (V1) (M1)
Figura 6 – Diagramas de força normal, força cortante e momento fletor – Fase 1 A B A B C C B B A B B C A B A A B C B B C B C
Fase 2
Figura 7 – Fase 2
Diagramas
(N2) (V2) (M2)
Figura 8 – Diagramas de força normal, força cortante e momento fletor – Fase 2
Fase 3 Figura 9 – Fase 3 A B B A C B B A C A B B B C C B A B B C
Diagramas
Força normal: nula nas duas barras. Força cortante: nula nas duas barras.
Figura 10 – Diagrama de momento fletor – Fase 3 Propriedades geométricas 4 3 3 10 0833 , 2 12 5 , 0 2 , 0 m I − × = ⋅ = I A I A 48 48
⇒
= = 2 1 , 0 5 , 0 2 , 0 m A= ⋅ = Cálculo de DQL∫
∫
∫
∫
+ + + = BC j L AB j L BC j L AB j L QLj dx EA n N dx EA n N dx EI m M dx EI m M D 0 0 0 0 1 = + + + QL D(
)(
)
EI EI DQL 240 2 10 5 5 0 0 0 5000 6 1 1 2 − = + + +
⋅ + ⋅ − =(
)
EI EI DQL 240 1 5 0 0 0 600 2 1 1 3 − = + + +
⋅ ⋅ − =Cálculo dos coeficientes de F
∫
∫
∫
∫
+ + + = BC j i AB j i BC j i AB j i ij dx EA n n dx EA n n dx EI m m dx EI m m F( )( )
EI EI EI EA EI EA EI F 24 517 48 10 3 64 10 3 64 0 10 1 1 4 4 4 3 1 0 11 + = + = + = ⋅ ⋅ + ⋅ − − ⋅ + = A B B C( )
EI EI F F 1 4 4 0 0 8 2 1 0 13 31 + + =− ⋅ − ⋅ ⋅ + = =( ) ( )
EI EI EI EA EI EA EI F 12 4001 48 4 3 1000 4 3 1000 4 1 1 0 0 10 10 10 3 1 22 = + = + = ⋅ − ⋅ − + + + ⋅ ⋅ ⋅ = EI EI F F 10 1 10 0 0 0 50 2 1 23 32 + + + = ⋅ ⋅ ⋅ = = EI EI EI F 33 =1⋅1⋅10+1⋅1⋅4 +0+0 = 14 Fase Final
− − = 14 50 8 50 4167 , 333 0 8 0 5417 , 21 EI 1 F
− − = 600 5000 0 EI 1 QL D Q F D DQ = QL +
− − = 4291 , 42 3590 , 21 7571 , 15 Q• Caso fosse omitido o efeito das deformações axiais:
− − = 14 50 8 50 3333 , 333 0 8 0 3333 , 21 EI 1 F
− − = 600 5000 0 EI 1 QL D
− − = 8571 , 42 4286 , 21 0714 , 16 QEsforços finais (considerando as deformações axiais)
Figura 11 – Esforços finais Por equilíbrio: kN 76 , 15 HA = kN 64 , 26 36 , 21 48 VA = − = kNm M A = 48⋅5−21,36⋅10+42,43=68,84 kN 76 , 15 HC = kN 36 , 21 VC = kNm M C =−42,43+15,76⋅4 =20,60
Diagramas de esforços solicitantes
Figura 12 – Diagramas de força normal, força cortante e momento fletor
A B B C A B C B A C C (N) (V) (M)
EXEMPLO2: Calcular as reações de apoio do pórtico da figura utilizando o método da flexibilidade, incluindo as deformações devidas ao momento fletor, à força normal e à cortante. Traçar os diagramas finais de esforços solicitantes.
Figura 13 – Pórtico plano
Dados:
E = 205 GPa
ν =0
,
20
G.I.E = 3 + 2 - 3
⇒
G.I.E. = 2Figura 14 – Estrutura isostática fundamental
Propriedades geométricas
Área = 15 . 1,25 + 15 . 1,25 + 1,0 . 27,5 =
65 cm2.
I =
− = 3 312
5
,
27
.
14
12
30
.
15
9486,98 cm4.
EA = 1.332.500 kN EI = 19.448,3 kNm2Fase L
Figura 15 – Fase L
447
,
0
cos
894
,
0
sen
2
2
4
tan
β = = β = β =0
0
⇒
= =∑
H H AL kN V V M A CL2
50
.
2
0
CL103
,
75
2
5
,
5
.
5
,
5
.
20
.
6
0
− =⇒
=
+ −⇒
=∑
kN V V V =0
⇒
AL +103
,
75
−20
.
5
,
5
−50
=0
⇒
AL =56
,
25
∑
Figura 17 – Diagramas da fase L
Barra BC:
kNm M m X X X X M m X X X V48
,
113
3125
,
0
4
0
2
20
25
,
6
5
,
112
3125
,
0
20
25
,
6
0
20
25
,
6
2 =⇒
= ≤ ≤ − + = =⇒
− =⇒
− = Fase 1(Q
1= 1 ; Q
2= 0)
Figura 18 – Fase 1
(V
L)
(N
L)
(M
L)
6
1
'
0
'
.
6
1
0
⇒
− =⇒
= =∑
M A V C V C6
1
'
0
⇒
= − =∑
V V A0
'
0
⇒
= =∑
H H AFigura 19 – Decomposição dos esforços – Fase 1
Diagramas
Figura 20 – Diagramas da Fase 1
(M
1)
(N
1)
Fase 2