DEMONSTRAÇÕES DAS FÓRMULAS DE DERIVAÇÃO
Os teoremas do tópico 1 desta aula foram estabelecidos numa ordem apropriada, a fim de atender de forma mais eficaz as aplicações das fórmulas de derivação. Suas demonstrações serão feitas na ordem a seguir.Teorema 2. Sejam f e g funções deriváveis num valor x, então a derivada: (a) Da soma de f com g é dada por
[[[[
f(x) g(x)]]]]
D f(x) D g(x); Dx ±±±± ==== x ±±±± x(b) Do produto de f por g é dada por
[[[[
]]]]
x x x
D f (x)g(x) ====f (x)D g(x) g(x)D f (x);++++ (c) Do quociente de f por g é dada por
[[[[
]]]]
2 x x x ) x ( g ) x ( g D ) x ( f ) x ( f D ) x ( g ) x ( g ) x ( f D ==== −−−− se g(x)≠ 0.Demonstração do teorema 2. Para demonstrar 2(a), seja h(x)=f(x)±g(x), então (pela definição de derivada)
[
]
t 0
t 0
t 0 t 0 (pois f e g são deriváveis)
f (x t) g(x t) f (x) g(x) h (x) lim t f (x t) f (x) g(x t) g(x) lim t t f (x t) f (x) g(x t) g(x) lim lim t t f (x) g (x). → → → → + ± + − ± ′ = + − + − = ± + − + − = ± ′ ′ = ±
Para demonstrar 2(b), seja h x( )=f x g x( ) ( ), então (pela definição de derivada)
[
]
[
]
t 0 t 0 t 0 t 0 f (x t)g(x t) f (x)g(x) h '(x) lim t(somando e subtraindo donumerador f (x t)g(x) )
f (x t)g(x t) f (x)g(x) f (x t)g(x) f (x t)g(x) lim t f (x t) g(x t) g(x) g(x) f (x t) f (x) lim t g(x t) g(x) f (x lim f (x t) g(x) t → → → → + + − = + + + − + + − + = + + − + + − = + − = + + t) f (x) . t + −
Como f é derivável, logo contínua, pelo teorema 2 do tópico 3 da aula 03, tem-se lim ( ) ( );
t→0f x+ =t f x além disso, lim ( )t→0g x =g x( ) pois g x( ) independe de t. Portanto,
t 0 t 0 t 0 t 0
g(x t) g(x) f (x t) f (x)
h '(x) lim f (x t) lim lim g(x) lim
t t ' f (x)g '(x) g(x)f (x). → → → → + − + − = + + = +
Para demonstrar 2(c), seja h(x) f(x)
[
g(x)]
1. ) x ( g ) x ( f = − = Aplicando 2(b), tem-se[
g(x)]
[
g(x)]
D f(x); D ) x ( f ) x ( ' h = x −1 + −1 x mas[
]
[
]
[
]
1 x t 0 t 0 2 1 1 g(x t) g(x) g(x t) g(x) 1 g (x) D g(x) lim lim , t t g(x t)g(x) g(x) − → → − − + − ′ + − = = = + logo substituindo[
]
[ ]2 ) x ( g ) x ( ' g 1 x g(x) D − = − e Dxf(x)=f'(x), tem-se[
]
[
g(x)]
. ) x ( ' g ) x ( f ) x ( ' f ) x ( g ) x ( g ) x ( ' f ) x ( g ) x ( ' g ) x ( f ) x ( ' h 2 2 − = + − =O que conclui a demonstração.
Teorema 3. Sejam f e g funções deriváveis e definidas por y= ( ) e f u u =g(x), então fog é derivável, além disso
(
)
= '
(fog)'(x) f g(x) g'(x) ou D yx ==== D y D uu x .
Demonstração do teorema 3. Seja x um valor arbitrário onde g é derivável e que o f seja derivável em uo =g x
( )
o , então a demonstração estará concluída se for provado que (fog) '(x )o =f g(x ) g '(x ).'(
o)
o Se o domínio de g é um intervalo e x é um valor o extremo do intervalo, na fórmula, as derivadas são substituídas pelas derivadas laterais correspondentes. Seja p a função definida por( )
o '( )(
o o)
(
o)
f (u)=f u +f u u−u +p(u) u−u para u∈ ( ) com D f u≠u ,o então
o o
o o o
u u u u o o
'
f (u) f (u ) f (u )(u u )
lim p(u) lim 0
u u u u → → − − = − = − −
pois f é derivável em u . Logo, fazendo o p u
( )
o = a função p estará definida em 0, todo u∈ ( ) e será contínua em D f u . Agora, fazendo uo = ( ) e g x uo =g x( )
o na expressão de p, tem-se(
)
(
o)
'(
o)(
o)
(
)(
o)
f g(x) =f g(x ) +f g(x ) g(x)−g(x ) +p g(x) g(x)−g(x ) ,que dividindo por x−xo após a passagem de f g(x ) para o primeiro membro,
(
o)
resulta em(
)
(
o)
(
)
o(
)
o o o o o f g(x) f g(x ) g(x) g(x ) g(x) g(x ) ' f g(x ) p g(x) . x x x x x x − − − = + − − − Portanto, obtém-se( )
(
)
(
)
(
)
(
)
o o o o x x o o o o x x o o f g(x) f g(x ) (fog) ' x lim x x g(x) g(x ) g(x) g(x ) ' lim f g(x ) p g(x) ; x x x x → → − = − − − = + − − mas(
)
(
)
o o o x x ' ' lim f g(x ) f g(x ) , → = o( )
o o x x o g(x) g(x ) ' lim g x x x → − = − pois g é derivável em o x e(
)
( )
o oxlim p g(x)→x =ulim p u→u =0, portanto
( )
o '(
o) ( )
' o (fog) ' x =f g(x ) g x . O que conclui a demonstração.Teorema 1. Se a e b são constantes, r é racional e f (x)=axr + é derivável, então b
(
r)
r-1.x
D ax + b = arx
Demonstração do teorema 1. Inicialmente, seja g(x)=xr. Suponha que x ≠ 0. Se r inteiro positivo, então
r r t 0 r r 1 r 2 2 r 1 r r t 0 r 1 r 2 r 2 r 1 t 0 r 1 (x t) x r g '(x) lim (desenvolvendo (x + t) ) t r(r 1) x rx t x t rxt t x 2! lim t r(r 1) lim rx x t rxt t 2! rx . → − − − → − − − − → − + − = − + + + + + − = − = + + + + =
Se r é inteiro negativo, então −r é inteiro positivo, assim (aplicando o teorema 2(c) e o início da demonstração)
( )
rx rx . x x ) r ( 0 x x D 1 D x x 1 D x D ) x ( ' g ( r 1) ( 2r) r 1 r 2 1 r 2 r r x x r r x r x − − − −− − − − − − − − = = − − = − = = = Se r = 0, então g x( )=x0 =1 logo , . x 0 0 0 lim t 1 1 lim t ) x ( g ) t x ( g lim ) x ( ' g 0 1 0 t 0 t 0 t − → → → = = = − = − + = Se 1 qr= onde q é inteiro positivo, então
1 1 q q q 1 q 2 q 1 1 1 1 q q q q q q q 1 q 2 1 q 1 q q q q q 1 q 2 1 q 1 q q q q q 1 q t 0 t 0 t 0 (x t) x
g (x) lim (racionalizando o numerador)
t (x t) x (x t) (x t) x x lim t (x t) (x t) x x t lim t (x t) (x t) x x 1 x − − − − − − − − − − → → → + − ′ = + − + + + + + = + + + + + = + + + + + = + q 2 1 q 1 1 q q q q 1 1 q 1 q 1 1 x . qx x x x − − − − = = ++
Finalmente, seja r um número racional não nulo, isto é, p q
r= onde p é inteiro não nulo e q é inteiro positivo, então
assim fazendo y=up e u=xq 1
, aplicando a regra da cadeia, obtém-se
D xx r =D u D xu p x q 1
;
, x q 1 x D e pu u Du p p 1 x q 1 1 q 1 − − = = logo . x r x x q p x q 1 pu x Dx r p 1 1 q 1 r 1 1 q 1 p q 1 − − − − = = = −
Suponha agora que x = 0, então r deve ser positivo para que g( )0 exista. Sendo r positivo, o limite
1 r 0 x r r 0 x x lim 0 x 0 x lim ) 0 ( ' g − → → − = − =
está definido, mas não existe se 0< <r 1 e
. 1 r se 0 r 0 1 r se 1 1 lim x lim ) 0 ( ' g 1 r 0 x 0 0 x > = = = = = − → →
Sendo f (x)=axr +b, aplicando inicialmente 2(a) e 2(b), tem-se
r r 1
x x
f (x)′ =aD x +D b=arx −
pois (da parte inicial da demonstração) Dxxr =rxr−1 e (da definição de derivada)
b b 0
x t t
t 0 x 0 x 0
D b lim − lim lim 0 0.
→ → →
= = = = O que conclui a demonstração.
Teorema 4. Sejam r um número racional, f e g deriváveis tal que g(x)=
[
f (x) ,]
r então[[[[
]]]]
[[[[
]]]]
D f xx ( ) r ====r f x( ) r−−−−1D f xx ( ).
Demonstração do teorema 4. Considere y=g(u)=ur e u =f(x), então
[
]
r (gof )(x)= f (x) , logo aplicando a regra da cadeia, tem-se[
f(x)]
D g(u)D f(x);Dx r = u x
mas (do teorema 1) Dug(u)=rur−1 =r