Departamento de Engenharia Mecânica
Mecânica I PME 3100 Prova n
o3 Data 27 / 11 / 2018 Duração da Prova: 120 minutos
Não é permitido o porte de calculadoras, "tablets", celulares e dispositivos similares.
QUESTÃO 1 (3,0 pontos) – O sistema material da figura é composto pelas partículas B e C, cada uma de massa m, e pela partícula A, de massa M. As barras AE, BC, DF e EF tem massa desprezível.
Determine:
a) o momento de inércia J
Oz, em função de M, m e das dimensões do sistema;
b) o valor de M, em função de m, para que os produtos de inércia sejam todos nulos.
QUESTÃO 2 (3,5 pontos) – Para alimentar um sistema de inspeção de peso de caixas de alimentos, uma caixa retangular de massa m (modelada como ponto material), partindo do repouso, desce por uma superfície sem atrito até atingir uma correia transportadora que se move com velocidade horizontal
vC. Nessa correia, o coeficiente de atrito entre a caixa e a superfície é , e a caixa escorrega em relação a esta superfície. A caixa deve passar sob o sistema de inspeção com a mesma velocidade da correia a uma distância d do ponto onde entrou na correia. Usando o Teorema da Energia Cinética, determine qual é essa distância d.
QUESTÃO 3 (3,5 pontos) – Um carretel de massa M é formado por dois cilindros, de raios R e r, soldados um ao outro, e tem um fio ideal enrolado na circunferência do cilindro (O,R).
Esse carretel é colocado sobre um trilho fixo e inclinado DE, num plano vertical, e uma força F paralela ao trilho é aplicada na ponta B do fio, conforme mostrado na figura ao lado.
Suponha que não há escorregamento entre o carretel e o trilho. É dado o momento de inércia J
Ozdo carretel, em relação ao seu centro de massa O. Usando o sistema de coordenadas indicado na figura, e em função dos dados, pede-se:
a) o diagrama de corpo livre do carretel;
b) a relação entre a aceleração do ponto O e a aceleração angular do carretel;
c) a expressão da força de atrito no contato em C, em função da força F;
d) supondo pequeno, o valor mínimo da força F para que o carretel suba pelo trilho.
B C // Oz A
a B 2
a
a 3
C
O
D
E F
a 2 a
2
a
z x
y massa m
m massa M
massa
O
C
R
g
r
D
E
F B
fio
i
j k
A
i
j
k
vC
H
Sistema de inspeção
Correia transportadora
g
dQUESTÃO 1 (3,0 pontos) – O sistema material da figura é composto pelas partículas B e C, cada uma de massa m, e pela partícula A, de massa M. As barras AE, BC, DF e EF tem massa desprezível.
Determine:
a) o momento de inércia J
Oz, em função de M, m e das dimensões do sistema;
b) o valor de M, em função de m, para que os produtos de inércia sejam todos nulos.
Solução
a – Momento de inércia J
Oz:
2 a 2 2 a
2 2 m 2 a 2 3 a
2 M 8 a2 2 m 13 a
2
3 a
2 M 8 a2 2 m 13 a
2
M
J
Oz J
Oz 8 M 26 m a
2b – Cálculo dos produtos de inércia:
m 3 a a m 3 a a M 2 a 0
J
OxzJ
Oxz 0
m 2 a a m 2 a a M 2 a 0
J
OyzJ
Oyz 0
2 m 2 a 3 a M 2 a 2 a 12 ma
24 Ma
2J
OxyJ
Oxy 4 3 m M a
2Basta anular o produto de inércia J
Oxy:
3 m M 4 a
20
J
OxyM 3 m
Observações:
Como o plano Oxy é de simetria, pode-se concluir imediatamente que J
Oxz J
Oyz 0 , e que o eixo Oz é principal de inércia.
Impondo J
Oxy 0 , temos que os eixos Ox e Oy também são principais de inércia.
B C // Oz A
a B 2
a
a 3
C
O
D
E F
a 2 a
2
a
z x
y massa m
m massa M
massa
1,0
1,0
0,5
0,5
QUESTÃO 2 (3,5 pontos) – Para alimentar um sistema de inspeção de peso de caixas de alimentos, uma caixa retangular de massa m (modelada como ponto material), partindo do repouso, desce por uma superfície sem atrito até atingir uma correia transportadora que se move com velocidade horizontal
vC. Nessa correia, o coeficiente de atrito entre a caixa e a superfície é , e a caixa escorrega em relação a esta superfície. A caixa deve passar sob o sistema de inspeção com a mesma velocidade da correia a uma distância d do ponto onde entrou na correia. Usando o Teorema da Energia Cinética, determine qual é essa distância d.
Solução
Na parte onde não há atrito, apenas a força peso realiza trabalho. Usando o Teorema da Energia Cinética:
gH v
mgH mv
W E
E 2
2 1
1 2
1 1
0 0
1
Na correia transportadora, até a posição do sistema de inspeção:
Diagrama de corpo livre da caixa
Teorema da resultante
C at
C at
x
v v F
v v F
ma
1 1
se
se
mg N mg
N
ma
y 0
Nesse trecho, até a posição do sistema de inspeção, como há escorregamento, e a posição vertical é constante, apenas a força de atrito realiza trabalho.
mg N
F
at (constante, pois há escorregamento) mgd
d F
W
12
at
Teorema da energia cinética
mgd mgH
mv mgd
mv mv
W E
E
2
1
12
22
12
22 2
1 2
1 2
1
Como queremos v
2 v
C: mv
C2 mgH mgd 2
1
g gH v
d
C
2
2 1 F
atmg N
i
j
k
vC
H
Sistema de inspeção
Correia transportadora
g 1
d2
0
1,0
0,5
0,5 0,5
(uma das respostas) 1,0
(a segunda resposta)
QUESTÃO 3 (3,5 pontos) – Um carretel de massa M é formado por dois cilindros, de raios R e r, soldados um ao outro, e tem um fio ideal enrolado na circunferência do cilindro (O,R).
Esse carretel é colocado sobre um trilho fixo e inclinado DE, num plano vertical, e uma força F paralela ao trilho é aplicada na ponta B do fio, conforme mostrado na figura ao lado.
Suponha que não há escorregamento entre o carretel e o trilho. É dado o momento de inércia J
Ozdo carretel, em relação ao seu centro de massa O. Usando o sistema de coordenadas indicado na figura, e em função dos dados, pede-se:
a) o diagrama de corpo livre do carretel;
b) a relação entre a aceleração do ponto O e a aceleração angular do carretel;
c) a expressão da força de atrito no contato em C, em função da força F;
d) supondo pequeno, o valor mínimo da força F para que o carretel suba pelo trilho.
Solução
a) Diagrama de corpo livre: b) Não havendo escorregamento:
O C v i k r j v
v
O C O
0
r i i
v
O
a
Or i
(1)
c) Teorema da Resultante
F F Mg i N Mg j
a
M
O at
cos
sen
Usando (1):
r F F Mg sen M
at
(2)
cos
cos
0 N Mg N Mg (3) Teorema da Quantidade de Movimento Angular
O
O
M
H
k J H k J
H
O Oz O Oz
F r FR k M
O at
FR r F
J
Oz
at (4) De (2) e (4):
2
sen r M J
r R F r
Mg
Oz
(5)
2
sen r
M J
Mg J F MrR F J
Oz
Oz Oz
at
(6)
d) Para o carretel subir pelo trilho: 0 . Assim, de (5):
sen r Mg R
F r
O C
R
g
r
F
i
j k
Mg F
atN A O
C
R
g
r
D
E
F B
fio
i
j k
A
1,0
0,5
0,5
0,5
0,5
0,5
Observações:
Para que a hipótese de não haver escorregamento seja válida, temos também um limite superior para a força F:
Para não escorregar: sen cos
(6) 2 e (3)
usando
Mg
r M J
Mg J F MrR N J
F
Oz
Oz Oz
at
MrR J
J r
m J F Mg
Oz
Oz Oz
2 cos sen
Para que haja F que satisfaça os limites mínimo e máximo:
MrR J
J r
M J F Mg r
R r Mg
Oz
Oz Oz
cos sen
sen
2
MrR J
J r
M J r R r
Oz
Oz Oz