Alguns polímeros biodegradáveis são utiliza-dos em fios de sutura cirúrgica, para regiões internas do corpo, pois não são tóxicos e são reabsorvidos pelo organismo. Um desses ma-teriais é um copolímero de condensação que pode ser representado por
Dentre os seguintes compostos, I
II
III
IV
os que dão origem ao copolímero citado são a) I e III d) I e II b) II e III e) II e IV c) III e IV alternativa A
O copolímero de condensação representado pode ser originado dos compostos I e III, segundo a se-guinte equação química:
A efervescência observada, ao se abrir uma garrafa de champanhe, deve-se à rápida libe-ração, na forma de bolhas, do gás carbônico dissolvido no líquido. Nesse líquido, a concen-tração de gás carbônico é proporcional à pres-são parcial desse gás, aprisionado entre o lí-quido e a rolha. Para um champanhe de de-terminada marca, a constante de proporcio-nalidade (k) varia com a temperatura, confor-me mostrado no gráfico.
Uma garrafa desse champanhe, resfriada a 12 C,o foi aberta à pressão ambiente e 0,10 L de seu conteúdo foram despejados em um copo. Nessa temperatura, 20% do gás dissol-vido escapou sob a forma de bolhas. O núme-ro de bolhas liberadas, no copo, será da or-dem de
Gás carbônico:
Pressão parcial na garrafa
de champanhe fechada, a 12 Co ... 6 atm Massa molar ... 44 g/mol Volume molar a 12 Co e
pressão ambiente ... 24 L/mol Volume da bolha a 12 Co e
pressão ambiente ... 6 0, ×10−8L
alternativa D
Cálculo do número de bolhas de gás liberado por litro de champanhe: 6 atm⋅ 2 g CO dissolvido 1 L champanhe 1 atm const. de prop 2 ⋅ orcionalidade 14444244443 ⋅ ⋅1 mol CO dissolvido 44 g CO dissolvido m. molar 2 2 14444244443⋅ 0,2 mol CO liberado 1 mol CO dissolvido porcentage 2 2 m liberada 14444244443⋅ ⋅24 L CO liberado 1 mol CO liberado volume molar 2 2 144424443⋅ 1 bolha CO 6 10 L CO volume da bolha 2 8 2 ⋅ − liberado 1444442444443 = ≅2⋅107bolhas CO2/L champanhe
Como o volume de champanhe colocado no copo foi de 0,10 L, tem-se: 0,10 L champanhe⋅2 10 bolhas CO 1 L champanhe 7 2 ⋅ ≅ ≅2⋅106bolhas CO2
As reações, em fase gasosa, representadas pe-las equações I, II e III, liberam, respectiva-mente, as quantidades de calor Q1J, Q2J e Q3J, sendo Q3 > Q2 > Q1. I. 2 NH 5 2O 2 NO 3 H O 3 + 2 → + 2 ΔH1 = −Q1J II. 2 NH 7 2O 2 NO 3 H O 3+ 2 → 2 + 2 ΔH2 = −Q2J III. 2 NH3 +4 O2 → N O2 5+3 H O2 ΔH3 = −Q3J Assim sendo, a reação representada por IV. N O2 5 → 2 NO2+ 1O2 2 ΔH4 será a) exotérmica, comΔH4 = (Q3 −Q1)J. b) endotérmica, comΔH4 = (Q2 −Q1)J. c) exotérmica, comΔH4 = (Q2 −Q3)J. d) endotérmica, comΔH4 = (Q3 −Q2)J. e) exotérmica, comΔH4 = (Q1 −Q2)J. alternativa D
Em decorrência da Lei de Hess, temos:
2 NH 7 2O 2 NO 3 H O 3 + 2 → 2 + 2 ΔH2 = −Q J2 N O2 5 +3 H O2 →2 NH3 +4 O2+ ΔH3’ = +Q J3 N O 2 NO 1 2O 2 5 → 2 + 2 ΔH4 =(Q3 −Q )J2 Como Q3 >Q2, a reação é endotérmica ( HΔ >0).
Em 1995, o elemento de número atômico 111 foi sintetizado pela transformação nuclear:
28 64 83 209 111 272 Ni+ Bi→ Rg+nêutron Esse novo elemento, representado por Rg, é instável. Sofre o decaimento:
111 272 109 268 107 264 105 260 Rg→ Mt → Bh→ Db → → 103256Lr → 101252Md Nesse decaimento, liberam-se apenas
a) nêutrons. b) prótons. c) partículasα e partículas β. d) partículasβ. e) partículasα. alternativa E
A emissão42α(dois prótons e dois nêutrons) cau-sa a diminuição de quatro unidades no número de massa e de duas unidades no número atômico da espécie mononuclear que sofre uma transforma-ção nuclear. Observando-se todos os decaimen-tos a partir do111272Rg até101252Md conclui-se que somente partículas42αforam emitidas.
Os desenhos são representações de moléculas em que se procura manter proporções corre-tas entre raios atômicos e distâncias internu-cleares.
Os desenhos podem representar, respectiva-mente, moléculas de
a) oxigênio, água e metano.
b) cloreto de hidrogênio, amônia e água. c) monóxido de carbono, dióxido de carbono e ozônio.
Questão 71
Questão 73
Questão 72
d) cloreto de hidrogênio, dióxido de carbono e amônia.
e) monóxido de carbono, oxigênio e ozônio.
alternativa D
Os modelos moleculares descrevem corretamente as moléculas de cloreto de hidrogênio (HC )l, dió-xido de carbono (CO )2 e amônia (NH )3 .
Preparam-se duas soluções saturadas, uma de oxalato de prata (Ag C O )2 2 4 e outra de tio-cianato de prata (AgSCN). Esses dois sais têm, aproximadamente, o mesmo produto de solubilidade (da ordem de 10−12). Na primei-ra, a concentração de íons prata é [Ag+] e, na1 segunda, [Ag+] ; as concentrações de oxalato2 e tiocianato são, respectivamente, [C O2 42−] e [SCN ]−. Nesse caso, é correto afirmar que
a) [Ag+]1 =[Ag+] e [C O2 2 42−] < [SCN ]− b) [Ag+]1 >[Ag+] e [C O2 2 42−] > [SCN ]− c) [Ag+]1 > [Ag+] e [C O2 2 42−] =[SCN ]− d) [Ag+]1 <[Ag+] e [C O2 2 42−] < [SCN ]− e) [Ag+]1 =[Ag+] e [C O2 2 42−] > [SCN ]− alternativa B
Cálculo da concentração molar dos íons nas solu-ções saturadas:
Ag C O2 2 4(s) 2 Ag(aq)1+ +C O2 4(aq)2− Kps1 =[Ag1+]12 ⋅[C O2 42−] =4x3 4x3 =10−12 ⇒x ≅6,3 10⋅ −5
Logo, [Ag1+]1 ≅1,26 10⋅ −4mol/le [C O2 42−] ≅ ≅6,3 10⋅ −5mol/l.
AgSCN(s) Ag(aq)1+ +SCN(aq)1− Kps2 =[Ag1+]2 ⋅[SCN1−] =y2 y2 =10−12 ⇒y =1,0 10⋅ −6
Desse modo, [Ag1+]2 = 1,0 ⋅ 10−6mol/l e [SCN1−] =1,0 10⋅ −6mol/l.
Portanto,
[Ag1+]1>[Ag1+]2e [C O2 42−]>[SCN1−].
Com a chegada dos carros com motor Flex, que funcionam tanto com álcool quanto com gasoli-na, é importante comparar o preço do litro de cada um desses combustíveis. Supondo-se que a gasolina seja octano puro e o álcool, etanol anidro, as transformações que produzem ener-gia podem ser representadas por
C H ( )8 18 l +25/ 2 O (g)2 →
→ 8 CO (g)2 +9 H O(g)2 +5100 kJ C H OH( )2 5 l +3 O (g)2 →
→ 2 CO (g)2 +3 H O(g)2 +1 00 kJ2 Considere que, para o mesmo percurso, idên-tica quantidade de energia seja gerada no motor Flex, quer se use gasolina, quer se use álcool. Nesse contexto, será indiferente, em termos econômicos, usar álcool ou gasolina se o quociente entre o preço do litro de álcool e do litro de gasolina for igual a
Massa molar (g/mol) Densidade (g/mL) octano 114 0,70 etanol 46 0,80 a) 1/2 b) 2/3 c) 3/4 d) 4/5 e) 5/6 alternativa B
Cálculo do volume consumido para a mesma quantidade de calor liberado (Q):
Etanol: Q kJ 1 mol C H OH 1 200 kJ eq. 4 2 5 ⋅ ⋅ termoquímica 1442443 6 g C H OH 1 mol C H OH m. molar 2 5 2 5 1442443 ⋅ ⋅ 1 L C H OH ≅ ⋅ − ⋅ 0,8 g C H OH densidade 4,8 10 Q 2 5 2 5 2 1442443 L Octano: Q kJ 1 mol C H 5 100 kJ eq. 11 8 18 ⋅ ⋅ termoquímica 1442443 4 g C H 1 mol C H m. molar 8 18 8 18 1 244 443 ⋅ ⋅ 1 L C H ≅ ⋅ − ⋅ 0,7 g C H densidade 3,2 10 Q L 8 18 8 18 2 1 244 443
Como a relação entre os preços é inversamente proporcional ao volume de combustível consumi-do para a mesma quantidade de calor liberaconsumi-do, concluímos que: preço etanol preço octano 3,2 10 Q L 4,8 10 Q L 2 2 = ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ = − − 2 3
Questão 74
Questão 75
Embalagens de fertilizantes do tipo NPK tra-zem três números, compostos de dois algaris-mos, que se referem, respectivamente, ao conteúdo de nitrogênio, fósforo e potássio, presentes no fertilizante. O segundo desses números dá o conteúdo de fósforo, porém ex-presso como porcentagem, em massa, de pen-tóxido de fósforo.
Para preparar 1 kg de um desses fertilizan-tes, foram utilizados 558 g de mono-hidroge-nofosfato de amônio e 442 g de areia isenta de fosfatos. Na embalagem desse fertilizante, o segundo número, relativo ao fósforo, deve ser, aproximadamente, a) 10 b) 20 c) 30 d) 40 e) 50 Massa molar (g/mol) mono-hidrogenofosfato de amônio ... 132 pentóxido de fósforo ... 142 alternativa C
A soma das massas de monoidrogenofosfato de amônio (558 g) e areia isenta de fosfatos (442 g) é igual à massa total de fertilizante. A porcentagem em massa do pentóxido de difósforo é dada por: 558 g (NH ) HPO 1 000 g fertilizante 1 mol (NH ) H 4 2 4 ⋅ 4 2 PO 132 g (NH ) HPO m. molar 4 4 2 4 14444244443⋅ ⋅ 1 mol P O 2 mols (NH ) HPO relação molar 2 5 4 2 4 14444244443⋅1 244 443⋅ 142 g P O 1 mol P O m. molar 2 5 2 5 ⋅ 100% ≅ porcentagem 30% 123
Comentário: o nome correto do P O2 5 é pentóxido de difósforo.
Quimicamente falando, não se deve tomar água ..., mas apenas água ... . A água ... inúmeros sais, por exemplo, o cloreto de ..., o mais abundante na água do mar. Em regiões litorâneas, ameniza variações bruscas de temperatura, graças à sua capacidade de ar-mazenar grande quantidade de energia tér-mica, o que se deve ao seu alto ... . Na forma
de suor, sua evaporação abaixa a temperatu-ra do corpo humano, patemperatu-ra o que contribui seu elevado ... .
Completa-se corretamente o texto, obedecen-do-se a ordem em que as lacunas aparecem, por: a) pura, potável, dissolve, sódio, calor especí-fico, calor de vaporização.
b) de poço, pura, dissolve, magnésio, calor es-pecífico, calor de vaporização.
c) destilada, potável, dilui, sódio, calor de va-porização, calor específico.
d) de poço, destilada, dissolve, magnésio, ca-lor de vaporização, caca-lor específico.
e) pura, destilada, dilui, sódio, calor de vapo-rização, calor específico.
alternativa A
O texto completo correto é:
Quimicamente falando, não se deve tomar água pura, mas apenas águapotável. A águadissolve inúmeros sais, por exemplo, o cloreto desódio, o mais abundante na água do mar. Em regiões lito-râneas, ameniza variações bruscas de temperatu-ra, graças a sua capacidade de armazenar gran-de quantidagran-de gran-de energia térmica, o que se gran-deve ao seu altocalor específico. Na forma de suor, sua evaporação abaixa a temperatura do corpo humano, para o que contribui seu elevado calor de vaporização.
Em determinado processo industrial, ocorre uma transformação que pode ser representa-da pela equação genérica
xA(g)+ yB(g) z C(g)
em que x, y e z são, respectivamente, os coefi-cientes estequiométricos das substâncias A, B e C.
Questão 76
Questão 77
Questão 78
% d e C n a mistura 0 100 200 300 400 Pressão / atm 70 60 50 40 30 20 10 450°C 350°C 500°CO gráfico representa a porcentagem, em mols, de C na mistura, sob várias condições de pressão e temperatura.
Com base nesses dados, pode-se afirmar que essa reação é a) exotérmica, sendo x+ y = z b) endotérmica, sendo x+ y< z c) exotérmica, sendo x+ y> z d) endotérmica, sendo x+ y = z e) endotérmica, sendo x+ y> z alternativa C
Analisando-se a variação da temperatura à pres-são constante, verifica-se um aumento da porcen-tagem de C com a diminuição da temperatura. Pelo Princípio de Le Chatelier, deduz-se que a rea-ção no sentido direto é exotérmica.
Analisando-se as curvas isotérmicas do gráfico, verifica-se que o aumento de pressão causa um aumento de porcentagem de C no sistema, isto é, o equilíbrio desloca-se para a direita, o que, pelo Princípio de Le Chatelier, é o sentido da di-minuição do número de mols de gases. Portanto, x+y > z.
O Ministério da Agricultura estabeleceu um novo padrão de qualidade e identidade da ca-chaça brasileira, definindo limites para de-terminadas substâncias formadas na sua fa-bricação. Algumas dessas substâncias são és-teres, aldeídos e ácidos carboxílicos voláteis, conforme o caderno Agrícola de 08 de junho de 2005, do jornal O Estado de S. Paulo. Nes-se processo de fabricação, pode ter ocorrido a formação de
I) ácido carboxílico pela oxidação de aldeído. II) éster pela reação de álcool com ácido car-boxílico.
III) aldeído pela oxidação de álcool. É correto o que se afirma em a) I, apenas. c) I e II, apenas. e) I, II e III. b) II, apenas. d) II e III, apenas. alternativa E
No processo de fabricação ocorrem todas as rea-ções químicas citadas:
I.
II.
III.
O tanque externo do ônibus espacial Discovery carrega, separados, 1,20×106 L de hidrogê-nio líquido a−253 Co e 0,55×106L de oxigênio líquido a−1 3 C8 o . Nessas temperaturas, a den-sidade do hidrogênio é 34 mol/L (equivalente a 0,068 g/mL) e a do oxigênio é 37 mol/L (equiva-lente a 1,18 g/mL).
Massa molar (g/mol) H ... 1,0 O ... 16
Considerando o uso que será feito desses dois líquidos, suas quantidades (em mols), no tan-que, são tais que há
a) 100% de excesso de hidrogênio. b) 50% de excesso de hidrogênio.
c) proporção estequiométrica entre os dois. d) 25% de excesso de oxigênio.
e) 75% de excesso de oxigênio.
alternativa C
Cálculo do número de mols dos dois reagentes: n 1,2 10 L H 34 mols H 1 L H H 2 6 2 2 2 = ⋅ ⋅ ≅ densidade 1 244 443 ≅ ⋅4 10 mols H7 2
Questão 79
Questão 80
n 0,55 10 L O 37 mols O 1 L O O2 6 2 2 2 = ⋅ ⋅ ≅ densidade 1 244 443 ≅2 10 mols O⋅ 7 2
A equação balanceada da reação de combustão é: 2 H2 +O2 →2 H O2
Assim sendo, a proporção estequiométrica entre o hidrogênio e o oxigênio é de 2 : 1, tal qual a utili-zada no ônibus espacial.