M A N O E L J A I R O B E Z E R R A
Qiutstóes de Dunnes
d e A d u d s s à o
à s E s c o l a s N o r m a i s
CARMELA DUTRA E INSTITUTO DE EDUCAÇÃO e B o p r i m e i r o a n o d o
COLÉGIO NAVAL, ESCOLA PREPARATÓRIA DE CADETES
e
ESCOLA PREPARATÓRIA DE CADETES DO AR
L N A C I O N A L
QUESTÕES DE EXAMES
Exemplar N9
^ 9 9 9
1 9 5 3
Obra executada' ruts oficinas da
S5o Paulo Editora S/A. - Rua Barão de Ladário, 220
Fones: 9-9087 e 9-9932 - SSo Paulo, Brasil
M A N O E L J A I R O B E Z E R R A
Licenciado cm Matem.ilica pela Faculdade Nacional de Filosofia. de Matcm.itica do Colírio Metropolitano. Ex-profcssor do Colófjio Naval. Prof, do Curso de Técnica de Ensino do Exército. Aprovado no concurso para prof,
da Escola de Aeronáutica. Prof, do Colésio Pedro H
Questões de Exames
de Admissão
à s E s c o l a s N o r m a i s
C a r m e l a D u t r a e I n s t i t u t o d e E d u c a ç S o
e ao primeiro ano do
Colégio Naval, Escola Preparatória de Cadetes
o
E s c o l a P r e p a r a t ó r i a d e C a d e t e s d o A r
C O M P A N H I A E D I T O R A N A C I O N A L
6agíí^
DO MESMO AUTOR
CuTSo de Matemálica, 1." ano colegial.
Curso de Matemálica, 2." ano colegial.
e d t ç õ e s d . \
COMPANHIA EDITORA NACIONAL Rua dos Gusmões, 639 — SÃO PAULO
í n d i c e
I n t r o d u ç ã o
I) Escola Normal Carmela Dutra. .
II) Instituto de Educação III) Colégio Naval
IV) Escola Preparatória de Cadetes..
V) Escola Preparatória de Cadetes
I N T R O D U Ç Ã O
Este li\To de exercícios contém todas as ques
tões, com suas soluções, dos exames de Admissão aos cursos normais da Escola Carmcla Dutra e Ins tituto de Educação, desde o primeiro exame até
1953, inclusive. Contém, também, tôdas as ques tões, com soluções, dos exames já realizados para o primeiro ano do Colégio Naval (1951/52/53) e
as questões do exame para o primeiro ano da
E. P. C., realizado em 1952, e, para o primeiro
ano da E. P. C. Ar, realizado em 1951,
E nosso objetivo ajudar as alunas e alunos que se destinam a essas escolas, dando-lbes, não
só oportunidade de resolver, ou, em último caso,
aprender a resolução de um grande número de
questões do programa, como, também, a possibi
lidade de ambientá-los com essas provas, e de ca
pacitá-los a avaliar a dificuldade dessas questões em seu conjunto.
Acreditamos, outrossim, que, com o nosso tra
balho, estejamos prestando uma colaboração va
liosa aos professôres dos Cursos de Preparação
para essas escolas, aos mestres que preparam, par
ticularmente, candidatos a êsses estabelecimentos de ensino, e mesmo aos professôres do Curso Gi-nasial, que terão, neste livro, uma ótima fonte de consulta para exercícios.
I) ESCOLA NORMAL CARMELA DUTRA
P r o v a d e I M a t e m á t i c a
(Examo de AdmiPFão à primeira sírio do Curso Normal, realizado em 2/12/19-iG).
P R I M E I R A É P O C A
1 ® Questão : Calcular a área de um trapézio isósceles do
qual uma das bases é 6 e um dos lados não paralelos
é w .
Sabe-se que m contém tantas unidades quantos são os números de 4 algarismos divisíveis por todos os números de
1 algarismo.
b é dado pela condição de que as equações
X - - 1 0 : r + 6 = 0
7/- - 11?/ + 26 = O tenham uma raiz comum.
O perímetro do trapézio é igual ao número de lados de
um polígono convexo que tem 170 diagonais distintas.
A á r e a é d a d a e m m - .
2.» Questão : Determinar K no sistema K x - 2 ) / = + 2
3.r + (5 - 70 y = 27C + 2
de modo que :
1.®) as equações sejam incompativeis;
1 2 Manoel Jairo Bezerra
3. Questão : Defina a divisão de um segmento cm média
® razão; deduza a fórmula do segmento áureo
e justifique a construção.
R E S O L U Ç Ã O f') 1) Cálculo dô th:
09 núracros^deí^SESsmo^íí^^^H^ ^ aiRarismos divisívcia por todos
o zero, que não números de l aleariamo c» i primeiro o m.m.c. dos
possuam 4 algarismos. ' ' múltiplos dôase m.m.c. que (1 2, 3. 4. 5, 6. 7, 8. 9) = 2 520.
eus múltiplos do 4 algarismos sao 2 520, 5 040 o 7 5C0
7 n ^ o
2) Cálculo de b:
Seja o uma raiz comum hs duas cuações, então
0> - lOo + 6 =- O
a' - 11o + 26 = O •' • f o ■" 10o + 6 = o
Q r v I ® + l i o - 2 6 = O
Somando vem - ^ 106 + , = o M - 9, . p .• 6 = 9
) Cálculo do perímetro do trapézio (2p) •
2 p = n " ( ^ - 3 ) 2 - 1'0 -n»-371=340
LiJíUTãüÕ
n U i =«=■20 portanto, 2p = 20.
4) Cálculo da área do trapézio :
2 0 ^ 3 + 37 2 «1 = -17 (estranha) w 6 + 6' X h Se 6 = 9 6' = 20 - 9 - 6 = õ S 9 + 5 X h Mas h = Tr9~r~4 ^
• ■ ® " 7 ^ ou 5 - 7 X 2,23
15,61in® Fig. 1 í T *Questões de Exames de Admissão 1 3 2.*) 1) As eqtiações sejam incompalivcis.
A condição para que o sistema seja incompatível é:
k — 2 / í + 2 a : ■ ■■ s I 3 5 k - k ' = - G i t » - 5 f c - 6 = O 5 ~ k 2 f c + 2 2k"- + 2A- ?í 3fc + 6 2k^ — k — Q 9^ O temos R e s o l v e n d o f c ' = 6 k " = - 1 / f c ' = 2 E se s e a n u l a p a ra /c=2 o u A:= 2 Então 2/c^-fc-GpíQ para k9^2 e k^~ — 2
Portanto: fe = 6eA;=-l são os valores que tornam as equações i o c o m p a t í v c i s . 2) O sistema c indeterminado. 7 c + 2
A condição é -^ = -—%- =
O 5 - 5/c - G = o 2 f c + 2 e 2 A : - - k que nos dá 6 = 0 A : = 6 e  : = - l / c = 2 eNão existem, pois, valores que tornem o sistema indeterminado.
3.") Diz-se que um ponto M divide um segmento .-IjS em "média e ex
trema razão", quando sua distância a uma das extremidades A do segmento ó média proporcioual entre sua distância ao outro ex tremo e o segmento AB.
O maior dos dois segmentos determinados pelo ponto M, diz-se "segmento áureo".
Assim, na figura abaixo o ponto Aí dividirá o segmento .4fi em médi.a c e.xtrcma razão, se
A B
M Ã
M A
W b A M
A B
e o maior segmento MA é o segmento áureo.
Dedução da fórmula do segmento áureo. — Seja um segmento
= l e seja x o segmento áureo. Tem-se pela definição:
J _ z
z l - X
1 4 Manoel Jairo Bezerra - l ± l
2
• . ™ ± + 4 1 '
2 ^ e o valor positive de a: eerA:
3: = -^(v"5-I) ^0,018Í
segmento ÃB 11 deteím^namo^^" eegmci^ áureo. — Seja um
proporcional entré / e ^ ° segmento MA = s que seja média
Tracemos por B o segmento
~2 perpendicular a AB '.
°_iUP0?te7el^VurfaJrprr ^ ^ tracemos
A D A C1
Empregando Fig. 24-"", teremos: "' ®o°io a diferença ^
crença entro os 2 últimosX c
Questões dc Exames de Admissão 1 5
Mas, AC - AM e como AM é média proporcional entre o segmento
% ^ r . r t » c v » - » ♦ « í / l y * . t » » ^ - l — P ? - ? ^ * 1 ^ •
• - U f l O g U i e n i O
/l/í_^0 sc-gmcnto MB, outâo, por definição, AM = x ó o segmento áureo
d o A B e t o m o s : ,
i — X X
X l
Nota : Neste primeiro concurso, todos foram reprovados nesta prova de
M a t e m á t i c a .
SEGUNDA ÉPOCA
(Realizada em 15/3/1947).
Resolva, no papel almaço, as questões propostas, indi
cando todos os cálculos necessários à sua resolução. Utilize
para rascunho uma folha de papel anexa. As questões resol
vidas apenas no papel de rascunho não serão consideradas.
1 . '
2 }
Prova sorteada n.° 3
Questão; I) Calcular
а) O número de divisores de 240;
б) A raiz quadrada inteira de 4 31S,52;
c) O número de algarismos necessários para escrever
todos os números inteiros desde 1 até 136 (inclu
sive).
II) Calcular o menor número pelo qual se deve
multiplicar o m.m.c. dos números 144, 270 e 320, afim
de que o produto seja o quadrado de um número inteiro.
Questão: Num quadrado, cujo lado mede 6 metros,
inscrcve-se um círculo; nesse círculo inscreve-se um
triíingulo eqüilátero e nesse triângulo inscreve-se um
cjrculo. Pede-se calcular:
1) A diagonal do quadrado;
2) O apótcraa e a área do triângulo eqüilátero ;
3) A área da coroa cii'cular, limitada pelos dois cír
c u l o s .
1 6 Manoel Jairo Bezerra 3.' Questão :
1) Compor a equação do 2.® grau cujas raízes são
= 1 +
z " = X - V 3
2 ~ - 2
) Calcular m de modo que as raízes da equação
sejam: ^(.r + i) . ^+ 3)
а) reais e iguais.;
б) simétricas.
Nota : Valores atribuídos às questões :
Primeira questão : 30 pontos.
Segunda questão : 40 pontos.
Terceira questão ; 30 pontos.
1-) 1) Calcular: "^SOLUÇÃO
") Decompondo 240 cm fatóres temos:
O núm == 2' X 3 X 5
primos aumentados de umrmddlde expoentes dos fatôrea
6 )
A r -
+
=
_ i n t e i r a d e 4 3 1 R w A I ^ g o : é a r a i z d e s u a p a r t e i n t e i r a , n T í — . 1 2 5 X 5 c) De 1 a " R e s p o s t a : 6 510 a 99 aão 99 númerr l = 9 algarismos
P>e 100 a 136 são 37 nr,m algarismos = 180 algarismos
eros de 3 algarismos = 111 algarisi^
Total; 300 algarismo^
Questões de Exames de Admissão 1 7
2) Calculemos o m.m.c. (144,270,320): Fatorando cada um dôsses números, temos
144 = 2* X 3=; 270 = 2 X 3' X 5 e 320 = 2" X 5
l o g o : m . m . c . = 2 « X 3 ' X 5
Afim de que seja quadrado, os expoentes dos seus fatOres devem ser pares. O menor número pelo qual se deve multiplicar o m.m.c. será
3 X 5 = 1 5
2 . " ) A i ? = = 6 w
1) Cálculo da diagonal do quadrado;
ti = iV"2=GV2"=CX 1,414 = 8.4S4
Resposta: 8,484m
Fig. 3
2) Cálculo do apótema e da área do triângulo oqttilátero:
R _ p V 3 " 3 R ^ v y O j = r ií = a< I 4 5 , = G m 3 n i a , = 3 m 2 = l,5jn e Si ~ „ 27 X 1,732 3X(3m)«V3" 27 V3 n v m ' = l l , 7 0 » i '
I S Manoel Jairo Bezerra
3) Cálculo da área da coroa circular:
Sm - xCfíí-r') = Tt[(2r)3-rí 1 = TCXSr» = 3xr» = 3X3,UX(1.5)'=
"« 21,1850 Resposta: 21,1 8õ0m*
3 »
x ' . x '
E a equação pedida será:
■ 4 4
i" 2i + i = o ou 4a;' - + 1 = O
2) Preparando a equação, tomos;
'''"^^^ + 3-m + 2„,-.a;. + (3-„.)a: + 3-2m = 0 O
") Para que as rataes sejam reais e iguais 4 necesstóo que:
A = O ou 6> - ãns = o
Temos; O - m)'- 4(3 - 2«) = Q
Reso, /"3"' + '"'-12 + 8a.-0 ou m'+ 2m - 3 = O
Resolvendo, temos: m' = - 3 ç m" => l
R e s p o s t a : T O « » - 3 o u m = ' l
qSdrSiVo ^ necessário que a equaçao
quadrático e o têrmo independent rf ®ejam reais (o têrmo
I s t o é : - e q u a ç ã o t e n h a m s i n a i s c o n t r á r i o s ) .' ® - W = o .•. m _ 3
E fácil de ver qug
tôrmo Imear e que os doía ^ equação (i) não possui apenas o
N o t a • N e s t a ' ' ' ' ' ' ' ' c o n t r á r i o s .
após todos os exames,
ÍJÍÍ'™ Pc>8 a primeira ttnf« 1 ^«^es 30 alunos
consti-mela Dutra. do Curso Normal da Escola
C-or-Questões de Exames de Admissão 1 9
P r o v a d e M a t e m á t i c a
(Exame de admissão ao Curso Normal, reali
zado em 1948). 1.» 2.» 3 . » 4 . " 5.» 6 . " 7 . " 8 . ' ' 9.» P R I M E I R A É P O C A
Questão : Resolver ~ 4- ^ —
6 4 3Questão : A soma de dois números é 100 e o produto,
1 875. Determinar éstes números.
Questão : Qual é o número, cujos ~ mais os mais
5 7
54 é igual ao próprio número, mais 72?
Q u e s t ã o ; E f e t u a r ^ + V
^ ~ y ' { x - y Y Questão : Efetuar 1 _ 1 1a3 X 6-^ X c-2 X 6 s X a-^ X 6-2 X x c
Questão : DesenvolverQuestão : Fatorar aò - ac +
Questão : Sendo N um número que admite 96 divisores,
determinar x sabendo-se que 77 = 2^ X 3^ X 5®. '
Questão : Dadas as raízes da equação do 2.® grau,
2 ± VT10.' Questão : Resolver o sistema 3a: —^ > 20 —
2 {2x 3) > 5.T
-11." Questão : Extrair a raiz quadrada de 12 a menos de
12.' Questão : Faturar (6 - c)^ - (p,
1 3 . ' Q u e s t ã o : R e s o l v e r ^ = 3
X -2 x~ 1 (x - 2) (a; - 1)
14. Questão . C^cular a taxa a que deve ser colocada o
capital de CrS 80,00, para que no fim de 11 anos pro
duza CrS 22,00 de juros.
15.' Questão ; Racionalizar o denominador da fração:
2
VT + VT
16.' Questão ; Simplificar + 5a: -f 7?/ -j- xy
17.' Questão : Fatorar 12a%^ ~ + ISOa^òO - Oa^b».
18.» Questão; Determinar a média proporcional de ^ e
Questão . Reduzir ao mesmo índice os radicais »
-fãh e
f 3 números é 324 e o m.d.c.
meros. Determinar o m.m.c. dêsses
nu-Q^estao. Qual ^ Q polígono, cujo número de lados é
a do número de diagonais?
22.' Questão : Num oí i
um hexágono ^ inscritos um quadrado e
4m. Calcular o n^' diagonal do quadrado mede
® perímetro do hexágono regular.
23.' Questão : Os raios de dois círculos concêntricos medem õm e 2m, respectivamente. Calcular a área da coroa
c i r c u l a r .
24.' Questão : Um triângulo é eqüivalcnte a ura retangulo, cujas dimensões medem 6m e 8m, respectivamente. A base do triângulo é igual á diagonal do retangulo.
Calcular a altura do triângulo.-^
25.° Questão : A altura de uma pirâmide é igual a 8m, a base é um retangulo de 128m de perímetro, sendo uma das dimensões do retangulo o triplo da outra. Cal cular o volume dessa pirâmide.
Nota : 4 (quatro) pontos para cada questão; mínimo para passar — 50
p o n t o s .
R E S O L U Ç Ã O
1.") Da 2.» equação y = 2r.
SubstiUiindo na 1.' equação teremos:
2a; + Gr = 8 .". I = 1 ■ g + " 4 = " 3 e y = 2 a ; = 2 Resposta: x = 1 e y = 2 2.») 5 = 100 e P = 1 875. C a d o i s n ú m e r o s s e r ã o a s r a í z e s d a e q u a ç ã o j a;a - 5x + P = O ou ~ lOOx + 1 875 = 0 T e m o s :
^ ^ 100 + V10 000 - 7 500 ^ 100 ± 50 „ 75 3 „ 2Ó
2 2Resposta: Os números são 75 e 25
3.") Seja X o número. E n t ã o :
2£ + ?2 + 54 = x-I-72
5 7 14.T -h 15x + 1 890 = 351-1-2 520 - Ci = 630 X - - 1 0 5 R e s p o s t a : O n ú m e r o é - 1 0 54.«) X (x-y)^ ^
- y x p y x' - y'2 2 Manoel Jairo Bezerra Questões de Exames de Admissão 2 3 5.') 6 - ) 7 - ) 8.-) 9.') S
■|--5-7 -4_J._2 _2-~
X b 5 X c T 3 4 3 2_ a 8 6 T <(a<6* + c^iy = a"6'* + 3a"6'W + Sa^òW* + cMi»
06 - ac + 6* - 6c = a(6 - c) + 6(6 - c) = (6 - c) (a
(x + l) (2 + 1) (3 + 1) =96 1 + 1 = 96^-12 =.8 i = 8-l=.7 2+ VT . 2- VT 4 i c a 5 5 1 1 b) 5 2 + V T X 2 ~ V 2 £ 2 5o a equaçfio aerá: i»- -ij + ^ „ q
5 2 5 10») 36x- 3 > 240 - 8® 16® - 24 > 20® - 3 I 44® > 243 - 4 ® > 2 1 ou 25®' - 20® + 2 « O ®>H13 4 4 ® < -2 1 e o sistema é irapopsível. ■nõ8
Acha-se a raiz inteira ma « ♦
08 e tem-ae para resultadoI A ]2«) 13.«) 1 0 *3 ou 3-i.3 14.-)
Batisfeita para oa vaiorea'^dn't ^~ ~ 1) I a equaçSo sd <
ores de ® diferentes de 2 aiiulem o m.m.c., isto é, oa
v e m :
cujas raízea são: , a' - 4® + 3 == O
Como o valor de x ns
dos denominadores r ^ equaç.ão dada, pois anula
= - „ 100 X 22 K será então : ® = 3.
c ta taxa é pow de 2,5»/<'.
2 ( V T - V T ) 1 5 . ' ) ^ - V . V7 + V0 (V7 + V5)(V7- >T) 2(VT- VT) = 2 _ _ - vy - V 5 16») 17») 18») 19») 20») 21») 35 + 5® + 7?/ + xy 5(7 + ®) + y (7+®) (7+®) (5+y) _ 5 + 7 J 5 + y 5 + y12n"6» - 6a»6' + 180a«6« - 9a"69 «= 3o^6«(45' - 2a6 + GOa' - 3a'6*).,
4
x l -2 5 4 9 " 3 0 3 6 1 2 2 5 6 _ 3 5 3 0 3 ' >Tem-se: VT^, V a^9 6" o VU"
Sabemos que o produto de dois números é igual ao produto do
m.m.c. dôsses números pelo m.d.c.
Então, o m.m.c. dos números será:
324 -7- 3 - 108 D o u 6 a » D . n (n - 3) O C o m o v e m : 6 n D n (71 - 3) n' - 15n = O 22.») 23.») 24.») Eesolvendo, vem: n = O ou n «= 15.
Mas, n = O não satisfaz, logo: n = 15, o polígono 6 o penta-decágono.
O perímetro do hexâgono é 6Í| = 6/2.
A diagonal do quadrado é d = 2/E=»4m 72=»2OTe2p«6i2"12m. 5 ir (fíJ - r') -= -x (25 - 4) -= 21t
ou S = 21 X 3,14 5 «= 65,94m'. Area do retângulo ■» 6m X Sm == 48ra'.
Logo, a área do triângulo 6 também 48m'.
A base do triânculo que é a diagonal de um retângulo é
6 = d = V 36 + 64 = 10.
Se a base é lOm, a altura será:
h = 2 8 9 6 m «
25.») Q volume da pirâmide é: V
l O m
B X H
- íj;
íX-L ' f■:■ í/i^.
| -''Í
i 4 i - r .Calculemos sua base: o perímetro da mesma é 128m, logo
6 + A = 6 4 e 6 = 3 f t ^
/. 4A = G4 e A =» 16 .*. 6 = 48, B = 6A = 48 X 16 = 768
Se B = 768m« e H = Sm V 708m= X Sm _
Nota : Não houve segunda época.
3Prova de Matemática
(Realizada em 3/2/1949).
PRIMEIRA ÉPOCA
!•" Qtjestão : Resolver o sistema 2 Í2 x + y = 6 VY
d o l a d o d e r a i o 5 m , d a r o v a l o r
3 a QeESTÀo • regular convexo nele inscrito.
10,5m sem^thL°tP triângulo de perímetro
^ 3dm,Tocm e n 7""^ de lados iguais
Questão- a respectivamente?
base maioi?29^^^^^ trapézio isósceles cuja
^ão paralelo-? bSp°^' altura é 8cm e cujos lados
zes 3 - ^^o 2.® grau que tem para
raí-v
erA. Valor de cada questão: 20 pontos.
^ ^ e 3 + V T ?
■ equaçao por - V 2 vem •
il+j/Ty a
= 7
Questões cie Exames cie Admissão 2 5
Substituindo valor na 1." equação temos: 14 VT+ 7/ = G VY 7/ = -8 \'~2
Rmposfa.- r = 7 e «/ = - 8 V"^
2.") Sabemos í|uc 11 f.írmula quo dá o lado L do polígono de 2n lado? 6:
^ ~ V 2/?- - ft V 4/?^ - l- laflo do hexágono = l = R = õm
L = V '2Jt^ - R V 'Ufi - R2 = V 2/e'^ - R2 \'3" = y!R-{2- \'T) =
ou aproximadamoüte; L = 0,518 XR = 2,590 = ^2 - V 3
S.") Lados do triângulo (ronhecÍdo.s): Resposta: L = 2.50
3dm; õOcm = 5dm e 0,7m = 7dm
Perímetro do triângulo de lados desconhecidos a, 6 e c:
2p = 10,5ni = lOÔdm
mpZioLit os lados homólogos são
105
1 5
(Os perímetros estão entre si como suas linhas homólogas).
a = 3 X 7 = 21 6 ' 5 X 7 = 35 c = 7 X 7 = 49
Ryosía,: 21dm. 35dm c 49dm.
4-'^) h = 8cm B = 23cm l = b S = ?
( B + b ) h P) Fig. 4 5 = 2Cálculo de 6 (na figura):
''='=="'+""-^'+(4^y=c4+(^)'
b 2 = 0 4 + ^ l i i ± Í L ± i ; ^ /
4463 = 250 + 484 - 44b + 6' /. 36® + 446 - 740 = O
6 ^ li± V 1936H-8SR0 _ -44 + 104
- 7 4 6 6bí ~ 10 Como a base não pode ser negativa
t e m - s e : 6 = 1 0
2 6
i
Manoel Jairo Bezerra
Resposta: 128cm'
Então: 5-ÍHl^^j2g
fi«) Sx-g- V2+3+ VT==6
^^ = (3- V2)(3+ =,9-2 = 7
A equação será: - 6j + 7 = q.
nota'lOa aprovadas nesta prova e 4 delas obtiveram a
SEGUNDA ÉPOCA
(Realizada em 8/3/1949).
guiar. Achar a área do' dLdgonT'"
Questão ; Nnm +r:ã« i ,
vãmente, determinados qp ®
respecti-terna do ângulo maior ^ bissetriz
in-a êsse ângulo. siminin-a sôbre o lin-ado oposto
3-' Questão; Determinar m n«
^ na equação: , " 7 n y - { - 3 s = QQ u i L i n i r ' °
«usolver o sistema
Efetuar3 " + f Sy + 1
4 y < 2
-Cada ,uest5o temo ,
° de 20 pootoa.
Questões de Exames de Admissão 2 7
R E S O L U Ç Ã O
1.') Temos : Oa = ^ ^ = VT .■. R Vs^ = 2 VT
A
E o raio do círculo circunscrito ao hexágono e ao decgáono será: R = 2.
A área do decágono é: S = pa (I) Cálculo do lado do derágono -(ho)
bo é o segmento áureo do raio R, ou: V T - 1
I r X R
aproximadamente: í,o = 0,6I8E = l,236cm. Cálculo do apótema do decágono:
a t o V 4 E ' -a ; o 2 V 3,617 970 V4E'-(0.618)'XE' EV4-0,618' 2 2 l,902cm ou (aio =» 0,95E « 1,90) Substituindo bo e aio era (I), vem:
S - 5bo X ato = 6,18 X 1,902 Ou, aproximadamente, S = ll,7 420cm'.
Fig. 5
^ ^ " Sem a = 7cm e c = liem.
ângulo maior determina evidentemente dois
bmentos sobre o maior lado.
cio teorema da bissetriz interna temos:
m
2 8
r
, * ■ wI
] #
! UManoel Jairo Bezerra
e como nt 4- )i = n nníío
proporções, escrever®"^P''®SanfIo uma propriedade das
Doode; 2 L - " 5 ~ 7 n 1 2 w - e n = 7 x 11 1 2 • f 9 oUi aproximadamente,
3-*) Podemos escrever ° " = G,42cm.
Vt — 3^1 l/l + VJ = m a t - . f ' i / a = 3Substituindo o valor rfo „
Vi na segunda equação, vem;
? / . J - 9 . . ^
Vi + 3^1 5= m
V i = m 3 ? / i
Substituindo ésses valores na
^ 3.» equaçao, temos:
X—. = 3 .3 m q „ , 2 ^ 1 6 Sm- ~ 4a4 " ) E l i m i n a n d o o . " ^ = ± 4
"•■'ST."-"-*--
2=y + 9<45í, + is
% < « - 23, + 5
Donde Temos: - 20?/ < Q < 4 5 o u y > ~ y < 20// > - 6 41J/ < 45j4lj
3 1 0 ü 4 1relação:^ ®°^UCõe3 do sistema são m v I
valores de y que satisfazem a
- ~ L ^ . 4 5
n '"^uçõcs entre parênteses, temos:
X ^ 3 _ ^ - , + 3 V 2 + 2
■ * \ á - l 2 X
NOM.,, . ^ r7r~7 = 2f4^flr-l),2
'
V 3 - 4 - - 7 ^
®rain aprovadas 14 alunas.
Questões cie Exames de Admissão 2 9
P r o v a d e M a t e m á t i c a
(Realizada em 3/2/1950).
P J U M E I R A É P O C A
P QüestÍvo : Achar ??i de modo que as raízes da equação
x~ — 4.^' "l" (õ?/í — 1) = O
sejam reais e desiguais.
Questão : Um trapézio está inscrito em um semi-círculo
ce diâmetro 12m. A projeção de um dos lados não
paraiclo.s do trapézio sobre o diâmetro é igual a 3m.
Aciiar a área do trapézio.
3- Questão ; Resolver o sistema
2 a ; - = O a X V = 1 l o H- 1 a — 1 ^ Qüe
teiros ai ^ quadrados de dois números
in-outrn TV, •' 1 vêzes um deles é igual ao dobro do
5 a ri duas unidades. Achar os números.
• Questao • A oicircnn«^,.u ^ perímetro de um triângulo eqüilátero
hexáironn ? ^ _ círculo, sabendo-se que a área do
24.-/T ^^S^dar, inscrito no mesmo círculo, é igual a
metros quadrados.
1 , .
•1 Para quq nqK E
S O L U Ç Ã O
2CS sejam reais e desiguais devc-sc ter:
P A = ò ' - 4 c i c > O ■ • ^ a t a o : i p , a / e
4(5m-l)>o ou 16 - 20?»+4 > O
A i
'.líl
SO Manoel Jairo Bezerra
do problema pode merecer reparos,
ter soIuçâo^Sdemnd^l'^' o problema só poderá
o diâmetro do semi-círculo trapézio coincidindo comSe AM « 3nj ^ 2R = I2m, MD = 9?n
que determina ^Se^o^díâraatro*\StaS°™^ BCEmentos
B M *
XMO ... = 3;n X 9;a = 27m'
e A w 3 "^fsm^preg^o o teorema de Pitágoras:
9 + 27 = 36 " AM' + h'
A B '
^ 5 = 0
Fig. e
- CZ) = 6^ P'^do inscrito em um cfrnulo é isósceles,
gulw'é do níií.^ menor BC tambím 6 igun'
dos lados do scmUiexágonore-^ scrd. portanto,
S = - ±JC ^ ^ Igm+Gm ,
""'.«p™xi™adan,0„t„. , ^ X3V3m = 27V3m
o va,„,3e .na V Uü 1.» equação ; 2ax — V aa n . _Substituindo na 2- " ^
z ^ e q u a ç a o : - — _ _ 2 a x ® + 1 "—^ ■ 1 .® ^ 2 a ' x - 2 a x ™ a ' - 1 IQuestões de Exames de Admissão S I
Multiplicando ambos os membros por -1 e reduzindo: 2a'x + az + ® " 1 - a' 1 - a ' X = 2 a - 2 a * ® ^ ~ 2a» + a + 1 2z + 2 2 a » + a + 1
*•*) Sejam z e j/ oi dois números. Temos: X' + y' = 41 3í/ =- 2z + 2 Tirando o valor de y na 2.* equaçfio: y
S u b s t i t u i n d o n a 1 . * e q u a ç ã o : —
+ líl+l^í = 41
Kliminando o denominador, transpondo e reduzindo, vem:
13z= + 8z - 365 = O
, , - 8 ± V 6 4 + 1 8 9 8 0 - 8 ± 1 3 8
I t e s o l v e n d o : x g g
1 3 0 , 1 4 6 , , X - f \ z i = — = 5 c = s a t i s f a z )
Como os números sâo inteiros, temos:
. 2 X 5 + 2 .
z = 5 e f/ = 2 = 4
Resposta: Os números são 5 e 4 5.") 2p = 3L, = 3721 VT.
Sendo Lt o lado do triângulo eqüilátero e ÍZi o raio do círculo circunscrito a Êsse triângulo.
«Si =5 pa " Sfl X R Va 372» Vã"
Sendo p c a, o semi-perímetro e o apótema do hexSgopo e R o raio do círculo circunscrito a êsse hexágono e inscrito no triangu o
eqüilátero.
^ - 24 Vs"
2 C o m o
32 Manoel Jairo Bezerra
vem: VT - 48 V3 fí'= 16 e 72 = 4
porta"'to''o''°3eS apLma°''™'° "" '"^"6"'°
Então; 72 = aj = ~ • El= 4 c 72, 2 • * 2E o perímetro pedido é: 2p = 3x8X V3"
j, . ^ ou aproximadamente 41.57m.
49?MnStZs!^q!ie"^nzemm'^o^^^^^ segunda época em 1950. Das
d p C n o t a m í n i m a , 5 0 ) . A n p r o v a
-obtiveram esta nota)' Duas alunas apenas
Prova de Matemática
(Realizada em 8/1/1951).
primeira época
Questão : Efetuar
+ , ^ + 4?y + 3
erminar fc para qug ag raízes da equação
- i a m r e a i s e — =
J ^ reais e iguais.0
QüestàoI Efet
u a ríi): (I
- 3
(®)' ^ iij
Questões de Exames de Admissão S 3
< O 5.® Questão : Resolver o sistema
^ > 1
y - b
3 , y - 4 7 y - 6
2 4
6-'' Questão ; Racionalizar o denominador de
1 2
_
VT + VT + Võ" ~
7.® Questão ; Qual o valor do ângulo A, assinalado na fi
gura abaixo, sabendo-se que o ângulo central B = 56®
e C = 18®.
Questão : Na figura adiante PT = 9cm é tangente ao
cír-culo de centro 0. e PA = 3cm. Calcular o raio do
circulo. (Fig. 8)
QUESTÃO : Demonstrar que o segmento determinado
pe-pontos de contato da tangente comum a dois cír
culos tangentes exteriormente é a média geométrica
os diâmetros dêsses círculos.
3 4 Manoel Jarro Bezerra
Questões de Exames de AdjnissÕo 3 5
Fig. 8
triângulo Siceles de 6cm de d"*° -t""
1 1 » n T T T ^ o ™ - . V j l G m d e p e r í m e t r o .
r i s m o s ° e d e d o i s a l g a
-em outra ord-em, é poi algarismos, mas
número das dezenas do primdm"i°^' ®^'="do-se que o
-rivo ao dúbro do uú^ol: Serd^^f^smo
t:::: formam eom um
diagonal igual f
losango. calcular o perímetro e a área do
Observação : As oito •
«tiaas valor
dificultou muito a prova.
í ' ) Te m o s : -ir+~3 "i* I v
" e s o l u ç ã o
tií + iXs-i)
»+ 3+rTi=,^=i(?L+i) „
1 ^ + 3 V - 1tv'+5iir+ij
f + 3 2.«) Podemos escrever:4a» - 12a6 + 96» - 25 = (2a - 36)» - 25 =- (2a - 36 + 5) (2a - 36 - 5) 3.") Devemos ter A = O, ou:
(2A; - 1)» - 4Â: (A; - 3) =0 4/c» - 4/b + 1 - 4fc» + 12/c - O o u : 4 . » ) D e s e n v o l v e n d o t e m o s : ^ X 1 8 / c - - 1 e  : - — 8
(})- (i)- AÊ
1 1 X — 1 2 5 8 X 1 2 5 1 2 5 2 5(ià)- "
5.*) Resolvendo as inequaçõos: (y - 1^5
, y - 1 > 0 > o o u Í I / - 5 > 0\ y > - 2
- 5 Up - 8 - 7y + 6 < O E n t ã o t e m o s : p > 5 p > - 2 o u p > 56.') ' Multiplicando ambos os têrmos da fração por V 3" + VT- ^^5 temos :
12 ( VT + ^ - VsT 12 (VT + - VT)
3 + 2 V 6 + 2 - 5 " 2 ^ l ~ ü
Multiplicando agora ambos os têrmos pela Ve" vem: 12 (VTs f VT2 -1 2 ou simplificando : 3 + 2 V3" -7.*) O ângulo inscrito À » e MP = B « 5G' 2 NP - AÍP - MN - 56» - MN /
3 6
Manoel Jairo Bezerra
Questões de Exames de Admissão 3 7M a s , M U2 ® 18° il/.v = 308
Entao:ÍVF = 56»-36°=.20° o i =
2 1 0 °
A
8.') Prolonguemos W até o
Como a tangente é média ^ circunfcrôncia.
e sua parte externa, ternos^ cional entre a aecante inteira
X ím
81 = {3 + 2fí) X 3 ou 9 + Gi? = 81
Gfí == 72 e i2 = 12
clrculoa dc raios E e
g e n t e t r a ç a n d o a t a n -I» demonstremos que = 272 X 2r = 4i2r
Para isso tracemos OM
per-' í E m p r e g a n d o
UTrlT ""r no triiln-
retângulo OMQ, temos:o«" = rr'. =
õõ'.-J7õn-= (fi + r)i - (TB - r)"
• • = 4 7 B r c . q . d . e A C = B C = l 2 ( = . i 0 c n i e Z = 5 o m 5 5 ^0° _ , =-2-3cm
g g , C B D , ® 16 •Caloulomo, „ ^ '' '^^ = 4c„
Como /(Gí 4 ^^^"Irado. t e m o s q u e q » ae'^Gpg^^orema linear de Thales
E n t ã o : ^ ^ ® ® d i e ] h a n t e a .
8 - 4 Fig. o C B - n 4 - 0 4c = 24 - 60 ou 10o = 24 e a = 2,4cm A área do quadrado será portanto:S — a- = 5,76cm*
Fig. 10
11.") Sejam: x — algarismos das dezenas
y — algarismos das unidades
P o d e m o s e s c r e v e r :
lOx + y - (lOy + x) = 36 ou 9x - Qy = 36 x = 2 t / + 1 X ~ 2 y = 1
Dividindo a primeira equação por - 9 e somando temos: y = 3
Sub.Btituindo em x = 2p + 1 obtemoa x <= 7.
Os números pedidos serão 73 e 37.
12.») Sejam m c n os ângulos formados, pela diagonal maior e pela menor
respectivamento. Temos: jn. + n "■ 00° _ r n 1 -e — = — o u n = 2 m 7 t 2 t m + 2ni = 90° .*. m — 30° e n = 60°
Seja BD a diagonal maior igual a 20fn, logo a semi-diagonal maior 130 = lOai. No triângulo retdngulo AOS, AO é o cateto oposto ao ângulo de 30°, logo será igual a metade da hipotenusa AB, lado l do losango.
5 8 Manoel Jairo Bezerra
T
Empregando o teorema de Pitágoraa vem:
' " "4~ =■ P + 400 ou 3ÍÍ - 400
e l - = . 2 0 V y V T - y Portanto, = « =e
5 - 5 L 2 L í ?
Mafl, i5 - 20m e rf =. i ^
20 X E2_íl
• ' • S - — _ _ _ 3 2 0 0 V y 2 = — 3 —Nota ■ = 'S =. 115,40^,
29 foram aprovadas. A ío^ m^or fof
SEGUNDA ÉPOCA
(Realizada em 19/2/1951).
2'e" = " ""^«rico de
^■multa„eamen\e!%Tdts?guawtd°es?'
'^ + 3<âH:3
2T- 5 < 1 ^
pneçfães cfe Exames de Admissão 3 9 3.* Questão : Resolver a equação
j 2|^_ 3_j „
4." Questão : Qual o valor de a que torna impossível a
equação : ^2y - = 2a + 2ay
5." Questão: Efetuar e simplificar(VVHÕ^) X V250-6^
6.® Questão : Racionalizar o denominador da fração:
3 8 3 V"3 - 2 VT
7.* Questão : Qual a equação do 2.® grau que tem para
1 1
r a í z e s
V T ~ 1 V T + 1
8.® Questão : Escrever todos os fatôres do binômio: 256y8 - 3»
2/s
9.® Que.stão : Completar a igualdade ^ = -gp
10.® Questão : Num triângulo retângulo isósceles, calcular o
ângulo que forma as bissetrizes internas de dois ângu los desiguais.
11.® Questão : Na figura abaixo, calcular o ângulo Aí saben do-se que o ângulo A é igual a 20® e o ângulo E é igual
a 70®.
40 Manoel Jairo Bezerra
Questões de Exames de Admissão 4 1
12« Questão : Resolver a equação : + i = q
São êsses números? ^ ^
*^5 e 9° Quanto^^^ale VsTcm ^ retângulo são 5, 3,
l a d o s i g u a i s ? o s m e i o s d o s
"■ °™; ci)"r SÍÍ,"S " ' ■•» «dllmara
=rsi .f-S'' T""* '•«° 3:
com o circulo do centro O. «terseção de PC
Nota: Valor daa
C a d aquestões:
r e s o l u ç ã o
t - z ; »
-
a
-
í - 2 )
( 1 )
^ 2
4 ^ 7_ 1 2 Eseposta: — u 2.') Eliminando oa denominadores: y - 3 + 1 2 < - l y + 6 . [ - 3 y < - 38i/ - 4 - 50 < 1 - Sy " j lly < 55 "
o u 1 < y < 5 V > 1 y < 5 Resposta: 2, 3 e 43.®) Eliminando os denominadores, temos:
4 + 2y-5-64-2i/ = 4 + 4i/-ll
Transpondo, vem:
O <» O (identidade)
Resposta: a equação é indeterminada.
4.®) Resolvendo tomos:
aV - 2a.i/ = a' + 2a (a' - 2a) y = a' -f 2a
o u c ( a - 2 ) 1 / = a ( a d - 2 )
A equação serã impossível se o coeficiente de y fôr nulo e o
segundo membro fôr diferente de zero.
Ora, o coeficiente de y se anula para:
a = O o u a = 2
Mas, a = O não satisfaz, porque anuha, também, o segundo m e m b r o ; e n t ã o a ~ 2 . „
Resposta: a ■= 2
— _ 3 3 3
6.®) Temos: ^J 5abf X V (5a6)' = <5ãbx V (õa5)« = 5ab
Resposta: 5a&
®-) Multiplicando ambos oa têrmos pelo conjugado de denominador,
isto é, 3 V 3" + 2 \'T, temos:^(3 Vir + 2 VT) 38 f3 VT 4- 2 VTÍ ...
2 7 ^ ^ 8
í õ
V i r
+
2
V 2 )
Resposta: 6 4^ + 4
?•) Calculemos a soma e o produto das raízes
a
^ + - J
V3 - 1 V3 + I
VT + 1 + V 3 - 1 ^
3 - 14 2 Manoel Jairo Bezerra Quer,tões de Exaynos de Admissão 4 3
A equação pedida será: s» - VT^ i =, q
2Resposta: 2x* - 2 VT2 + 1-0
8») 256i/»-z»=. (lOy*+2«)(16y«-3') = flGí/* + z«) f4í/í + z») (4yi-z') =.
= (16i/< + z*) (4yí + z"-) (2y + z) (2y - z) 9.') Basto detcrmiuarmos o quociente do
2 / » t qua é: 3 ^ ' 3z« ^ 9 2 '
ie^Ua: #1^-251-+.
3 z « 2 » 9 2 »10.-) 3e o triângulo ASC^(Pig. ,3) é rotângulo o isósoolca, temos:
A =>90' e 5"= 0-45' Se AM é bÍBsetriz, MAD = 45°.
Se BM é bissetriz, MBA •= 22»30'.
E o ângulo pedido M será:
Af - 180» - (45- + 22'30') « 112'30'
Resposta: 112' 30'° M 6 a
semi-dife-o^seuríâdo
M AB - CD a b + c d 2 A B + C D H C C D F>g. 13Como A=££ CD-Od^
2 . CD - 2A « 400 jiB = UQ- - 4O'
Então flf ^ 100° - 40' 2 " 3 0 ® 1 0 0 * i Í M p o s í a 3 0 * 1 2 . * ) E l i m i n a n d o o a d o n o m i n a d o r e a ; aby* - (a* + 6') y + ab — O C a l c u l e m o s A :
A = a' + 2a'65 + 6' - 4n-6» - a' - 2a'6' + 6< =» (a« - b-y a ' + 6 ' ± ( o ' - b ' ) V = r r r V i 2 a b a * + b ' + a ' — 2 a ' o 2 a & b y a a' + M - a« + b» 2 a b 2 a b 2 6 ' 6
2"'' " Besposta: ^ o
13.*) Sejam os números x a y, yemos:
x' + y' = 130 ly = 33
Multiplicando a 2.* equação por 2 e somando com a 1.', temos:
t (x + y)- = 196 .*. X + y = - ± 14
Tendo a soma e o produto de x o y, podemos escrever: x' - 14x + 33 = O e x' + 14x + 33 = O
Resolvendo essas equações, temos:
xi = 11 xs = 3 e xi = -ll X3 = -3
« «"t" ®í^55es negativas não satisfazem. E, se x = 11. y - 3
« 5 0 X — y 3 ; í t f u
Resposta: Os números são 3 e 11
t fácil concluir que : ÃD"- 3, ^« 5c « 5 e ÃB - 9.
Calculemos a diagon.il BD. No triângulo DAB temos :
■DB' = BA' + ,451 = 9 + 81 = 90 /. BB = 3 VTÕ
Sc Ta mos pontos médios de BC e de
e a metade do terceiro lado BB. Ijogo: E F D B 3 V 1 0 EF => 4,74 4 Manoel Jairo Bezerra
15») Seja E o ponto de interseção de PC cora o cfrculo.
T e m o s : x T e = ¥ 1No triângulo COP: PC'= + (2P)i = 5^1
^ = üí Võ"
Então, substituindo em Q
R V5'x^=3í;xfí
P B - - 3 P V T P " ^ 5 " 5
Nota; aprovadas 43 alunw nesta proTA.
0
sreVT
Prova de Matemática
(Concurso de adrnJssSo ao Curso Normal,
rea-üzado em 19/2/1953).
Questão . É dada a expressão
\
4' X X V2"
números inteiro? sob a forma V'o»' a
"neiros, positivos e nrim„l ^ ^ sendo men2.' Questão ; Pô,.
f i Z i -
°
P ™
-O i I A í m e n o s a s e x t a n o f n m n ú m e r o
Qual é êsse número? mesmo número.
Questões de Exames de Admissão 4 5
3.* Questão : São dados os polinômios:
^ = 77/2 - IQy J-s = 27/ - 1
c = 7 j ~ 3
dois f^tôre? decompor o resultado obtido em
4.'^ Questão : Resolver a equação
y + 1 , 2 / 4 - 3 T r - T = 4
m w + 1
5. Questão: tóngulo isósceles ABC o ângulo ex
terno^ em (A) é Igual a um quinto d^a soma dos outros
do s ângulos externos (em R e em C). Calcular os ân
gulos internos desse triângulo.
° si^guinte teorema; O ângulo
c?mnro " r? P"' "PPt^de do arco
compreendido entre seus lados.
que a equação y^- (í7i4-3)í/4-i9=:n
uma -I-'- - de modo que
uma cias raízes seja o triplo da outra.
'^4«30'^mede"T57dm^"r^^^ de raio R um arco de
uieae i,57cim. Calcular a área do circulo,
(ic = 3,14)
^rito^e oircuiiscrito a êst" iângulm
^sendo°Í a^roa^lín triângulos semelhantes T e 7",
? ladoVdo t?ân4oT™ú'
do lado l hoTTiíilítffrt i segmento áureo
razão entre S e S' triângulo T. Determinar a
uahzar o denominador da fração resultante.
46
Manoel Jairo Be:■ e r r a
1.*} Temoa: r e s o l u ç ã o 2 . X 2 V 2 X V 2 i : 2.') 1 - ^ 6 . ' V 3
'2W2-XW^
V2* 1 2 V 2 1 2 iZesposto: - O4- =
1--Í.-4-_ ^ 3 se" ■■• ^' = 36-12a:+a:^
-' + 4.-12 = 03-') Substituindo os valores de \ fí V 2 ou
V-l6p + i5_,, ' ® ^ ^-■B'-2Cí tomos:
Patorando, temos ■ «> ^ + 12» - 18 = „= _ 4
" ^=(!í + 2)(Í,-2)
«■•) Elimioaado os denominador» r Besposla: (j, + 2) (j, - 2)
• • 2"'!' + ü = 4m. -1 + 3« - 4m= + 4«
p a r a ^ = ( 2 m + i ) ( 2 p i _ i )
°
r r ' r
~ ^ ^
E^endlVrjl'"
foi dado quet ° ^®'"'-2s:.
'«("•-d - 1 ,,„
5"08(1°-B + 18o._(^
Questões de Exames de AMmhsõo 47
Substituindo >1, B e C por seus valores, vem ;
180 - (ISO - 2z) = 180 + 180
3 0 0 - 2 x 2 x Então A = 180 - 60 = 120 3 0 lOx = 360 - 2z .-. . Resposta: 120«, SO e 30*2) Se A O ura dos ângulos da base.
Fazendo A <= B = x, vem C = 18O - 2x.
Mas, ISO --1=1 (ISO - B + ISO - q.
Substituindo, 180 - . = ^80 -. + 180 -(180 -2.) 5 ■■■ 900 - 5. = ISO - . + 180 - ISO + 2x -6x = -720 X = 120
trif.nl";fn,ll "dfte? íbtS.'
OnsRnvAOÃn- T?^ . . Resposta: Impossível,
qudquer uma da.s .olu^^cs Sn-a'sor'acer° ^
em qualquer livro^ia'^S.-^S'^gina^si^^ encontrada
^') Temos:
í 1/5 = 3?/, \2/i + 2/2 = 7n + 3
bstuumd^ o vate^de na terceira equação;
^---3ra.eaeãopoa;;i™-(:^::l;i;-=^^
„ , - 2 .-. 2/2 = 3 X 2 = 6
.">3ütuindo à«a valores na 2.» equação obtemos:
^'^-doeireuiod. .1;^' •'• ^ » = «
Calculemos R.
^ "'"ula do comprimento de um areo é;
I „ "f^Rn . '^RX 270'
4 8
Manoel Jaiw Bezerra
Simplificando a fração temos:
1 , 5 7 •
-4 0
Então 5 = 3,14X20»=
9.'} Cálculo do raiò r do círculo inscrito.
. S R 1 2 5 8 2 0 d ? u Rcspoila : 1 256 din* S p r maa, p = 30 -í- 2 = 15 f e s 3 0 1 5 2 m
Se um triângulo re^ i" '^"■'^""scrito.
hipotenusa 6 o diâmetro inscrito em um círculo, euft
tenuaa a = 2fí. ° círculo. Calculemos então a
hipo-P<^emos formar o
sistema-' 6 c
2 3 0 ^ Q Q
a + 6 + c = 30 , a» = 63 ^ g,
2.' equação. j ° ^ ^ ladoa do triângulo)
ôTlV^^QOO-GOa+a»
+ 120 = 900 - 60a + a»
1 0 . « )^ ® segmento áureo de / ♦ r ^ 2m e R =
S e í ' z ' D s t o m o s :v ^ í U I ^
Bi Ifíângulog T a T' - ^
Ouadradoa deiL_ ® '^^08 homólogos. Então:
n ( V R T T T í r : = • L a 2
■r r T f
6,6W» í«Í1VT^3
ll««íonalbando. tornos:
^ " 2(3+J^
(V5 -1)2 'e_2 V5"
3 + VT ^ das 345 i Resposta: 3 + VTinscritas, nesta prova.
II) INSTITUTO DE EDUCAÇÃO
Prova de Matemática
(Concurso de admissão ao curso normal reali
zado em 8-1-1051). '
PRIMEIRA ÉPOCA
Qdestao: Calcule o valor numérico do polinômio
Sa^v> + ia~'b^ ^ õab" para a = -l e 6 = 1
2." Q.BSXÃO: Reduza os termos semelhantes da expreLão
. 3a + 26+[-5a+6-(-2u + 36)]
pSo d^laíôms" bin- ~
Q u e s t ã o
■
n e
u
'
binômios o po"í!nômio f^t^res
5-" Qbbstão : Resolva'
nesoiva a equação
? + 1 x ~ I
2
- ■ I
6 . » q x s v : s , T X " ^ 4
abaixo tenht^SlTçio^ equação
QOBSTÃO ■ P , + 7 = 4x
■ Resolva o sistema
6a: — y s= 42a; + 3y = _ 2
o y
Manoel Jairo Bezerra
8.- Questão ; Racionalise o denominador da fração
3
^ Vs" - 5
9* Questão: As rpfns «
-y e 2 sabendo'q'u'e''
23: + 2/ + 2 ^ 240®.
Çueifõe5 de Exames de Admissão 51
14.«
Questão ; Um segmento de reta AB mede 1 260m. De
A parte para ^ um móvel com a velocidade de 10
metros por minuto. Seis minutos depois parte de B
para A outro móvel cora a velocidade de 6 metros
por minuto. Calcule a distância de B ao ponto de en
contro dos dois móveis.
15.'' Questão : A soma dos ângulos internos de um polígono
convexo é 1 080". Calcule o número de diagonais dêsse
poli gono.
16." Questão : Na figura abaixo tem-se
AB = 18m AC = 27m BC = 15tn
1 4
■" Questão: a área ri
^I'uplo da área de\ut^^ ^"^^^^^ono regular é o quá-
do primeiro é 40m ^p^í^Sono regular. O
peA-Questão: Efefim ' o lado do
segundo-o r p H í i i + ^ j - o p e r a . p n n o . . . . , j . - .
^ — f ^ u i n i i r o é 4 0 m O o í i <
• Questão: Efetúe Calcule o lado do sc
° '<=^ultado na sul lurf indicadas
1 m a i s s i m p l e s
•' Qüestão: Redu,/
X - 1 V32 « 2 V25OO(V2)3
^ expressãn ^ •
• '
c r ?
e q u a ç ã o v a l o r e s d p2 ■ & m para que as raízo^
reais e iguaTa."^ ^ + 9) = o
1 8 .Fig. 15
Sôbre AB, a partir de A, toma-se AD = Qm
m paralela a BC. Sendo AF a bissetria do ânguloT
calcule cs segmentos DF e FE. «■nguio A,
5 2 Manoel Jairo Bezerra Questões de Exames de Admissão 5 3
19.' Questão : Num trapézio ísóscgIgs a base maior mede
14ra, a base média lOm e a área SOm^. Calcule o
perí-. metro desse trapézioperí-.
20.' Questão : Deduza a fórmula da área de um hexágono
regular em função do raio do círculo circunscrito.
Nota : Cada uma das 10 primeiros questões : valor 4 pontos. Cndn uma
das lO ultimas qi^stões: valor G pontos. A nota mínima de
apro-vaçao, como na Escola Carmela Dutra, é 50 pontos. E a durac.io
tía prova : 2 horas.
R E S O L U Ç Ã O
1.-) Temoa: 8 X (-1)> (i)' + 4 (-1)- (j)' _ g „ (|y
X1X^ + 4X
C-l)X^-5X(-l)Xl = l- l+ 5 = 5
o . , r p R e s p o s t a : 5
2.) Tomos: 3.+26+[-5«+6+2a-3M = 3a+26-5a+6+2o-36 = O
Resposta: O
' ""■""'o ^ 30 e a difcronça é 7, o
^ -'=^-3Q-fe-10)Cs:+3)
_ „ R e s p K l a : ( i - 1 0 ) ( i + 3 ) 4 . * ) Te m o s : 2 - 6 - 2 n 4 - / , í . _ o i .+ a6 ~ 2 - 6 - a (2 - &) = (2 - í,) (1 _ a)
5 . ' ) T e m o s : , - 6 ) ( 1 - a )
2 z + 2 - s - f - i e 76 . - ) Te m o s - „ ' ' ° B e s p o s l a : i = 4
Zmx - 4a: 5= -7 (2m - 4)1 = - 7"^terminada, é aocossírio que:
. . Z n i 5 » í 4 e m ^ 2
7-') Multiplicando a primeira nn. ^ Resposta: m 9^ 2
Pruneira por 3 e somando com a segunda.
ISx - 3y = 12 — ? í _ + _ 3 y = - 2 1
20a: = 10 ® = "2
Substituindo na segunda:2x4- + 3y«=-2.\ 3i/ = -3 e y = -l
^ 1 Resposta: z = -^ey = -l 8.») Multiplicando ambos os tCrmos pelo conjugado 4V 3 +5, vem;3 (4 V 3" + 5) 12 Vã" + 12 V"3 4- 15 (4 V 3)' - 5^ 2 3 4 8 - 2 5 Resposta:
9') Temos: x — z (alternos externos)
s + 2/ = 180° (adjacentes suplementares).
Substituindo na igualdade dada, ou seja, em x-\-x-\-y-\-z = 240°
X + 180° + i = 210° I = 30°
3 =s x = 30° e y = 180° -x = 150°
Resposta: x = 30°, y = 150° c z = 30°
10-') Sejam S e S' as áreas dos dois pentágonos. T e m o s : S — 4 5 '
Se o perímetro do primeiro é 40m, seu lado 6 Sm. Como dois polígonos regalares de mesmo número de lados são semelhantes, 6, as áreas de dois polígonos semelhantes estão entre si como o quadrado de suas linhas homólogas.
v e m ; E n t ã o : E n t ã o ; 8 » 4 5 ' 6 4 ^ 6 4 o u z3 ss 6 4 = 1 6 2 = 4
") o m.m.c. = (x,+ 1) (x - 1), então
1 1 2 x . r - l - x - l - 2 x 3: + 1 ~ í - 1 " a:3 - 1 ~ (x + 1) (x - 1) - 2 (x + 1) ^ -2 ° (x + 1) (x-1) X - 1 A Resposta: im - 2 i - 2 ' (x + 1) Cl - 1) 2 R e s p o s t a : —12.°) Temos: V2^ x 2 + 4 V48 ; G - V2'X5^ - =
= 4 V"^ + 4 V8* - V2 X 5® - V2® X 2 == 4V^+4X2Vã"-5V2"-2^'^='5VT _
Resposta: 5 V 2
54 Manoel Jairo Bezerra
o
13.") Pura que as raízea aejam reais e iguais, A - 0.
Logo, ("» + 6)* - 4 X 1 (m + 9) « O
m' + 12m + 36 - 4?n - 36 W -f- 8?7I «■ O
em e'rtdS 2.- grau, que resolvemos colocando m
m(m + 8) «O "1 = 0 6 m+8 = 0 Respostam = O e m
. i
^
-14.») 1260 - 3 - 8 E BSeja E o ponto de encontro e EB'=^ ®.
O tempo gaato para percorrer ÃÊ á - ~ ^
1 0
O tempo gasto para percorrer BE é —
Como o tempo gasto nor >( i e • .por B, podemos escrever: nunutos mais do que o gaato 1 260 - ® + 6 1 0 o
3 780 - 3x = Sz + 180 /. 8z
3 6 0 0 450 3 600 n • > 8 g15.") A soma dos ângulos internos é: Resposta: 450íft
■ 1 0 A - 2 ) = 1 O S O "
.- ISOn-360 =.1080 180n=i440
° «le diagonais será;
D ^ , 8 X 5 p a r a l e l o a B C * ^ A n n ' l i n e a r d e T h a l e s , ( 7 A r m . B C A n . ~ ' I S 2 7 1 8 _ , 6 Resposta: 20 A A ' ^ A B C ' ^ A D B " AEA C EntSo o u . A B - Ü „ A E
Questões de Exames de Admissão 55
d . b S ê t r i f b t e r u a ! " ' ' " ' P = ' °
D E F E _ F ^ ^ D F + F E . 5 i
C ! ) l i _ L n " ~ r r - = » ~ A D A E ü ü + 9 l üEntão; Df = o x| = 2 c PE = ^ x~ ^3
ò^^■^Posía: DF = 2m e FE =. 3rrj
d ^ r S è l ™
^ - E ^ o n t o
é igu"ráo°;™°dStoToT -gmenr/rottr,':-''!^ '■=
^(22-1) = 0X12 .•. 22í-'x. = 72
2:= - 22I + 72 = O«osolvendo. temos: z, = ir «
Um-gmento d ISm o outro d 4m,; vice-vor,.v
Resposta: ISni c 4ni
18--) Sondo ií o raio do ofreulo, temoe •
A base mfidia
Idj. ^ 10 V 3 X V 3"
22 - ^1±±
d. portanto: '
' = 20 ~ 14 ^ g
o - « 1 5 10 Resposta: 15m ^»C- 165 6 Manoel Jairo Bezerra
A área do trapézio é:
S = X f t l O A = 3 0 f t - 3
ÂB = CB = l EB = = 11:1® = 4
2 2 ^
Do triângulo CEB, temos:
i* = A» + = 9 + 16 = 25 í = 5 O perímetro pedido será:
2p =. B + 6 + 2i = 14 + 6 + 10 = 30
20.») A área de um polígono regular qualquer é; Resposta. 30;
S = pa (semi-perímetro vèzca o apótcma)
Mas, p = 3íe = e a = — (fí = raio do círculo)
Então: Ss = 3fí X ^ = 372» VT
2 2
Nesta prova foram aprovadas apenas 6 alunas e a maior nota
SEGUNDA ÉPOCA (Realizado em 19/2/1951).
l.* Questão ; Sendo P = - 3<,2 + 5^,^ _
Q = - 9a2 - a6 + 66^
fí = 6a2 + Saí, - 862
c a l c u l e + +
l-° grau a^cxpressTo^f
- '/ + 2yi ~ z23.» Questão : Simplifique a expressão :
- 3a + 2
Questões de Exames de Admissão 5 7
4.»
5 . "
Questão : Resolva a equação :
6 x - a h ~ a x 2 a x - 6
6 4
Questão : Calcule os números Inteiros que satisfaçam,
simultânearacute, as desigualdades:
2 x - > 6
3 x 4 - 7 - 1 > 2 x
7.'^
Questão : Resolva o sistema /4.x — 3// = — 1
r4.i\8:
S>x - Qy = - 5Questão : Resolva a equação
X24-1
4 ^ ^ G
Questão : Simplifique a expressão :
3a ^l~ã~ 8 H- — V 64a®
9 . » 10.» 12.« 13.a . 2 4- VTQuestão : Racionalize o denominador da fração ,
2 - V T
Questão : Componha a equação do 2.® grau cujas raízes
S ã o •
a;' = 1 4- V 2 e x ' = 1 - VY
Questão : Calcule m e p para a equação
3x2 _ (2m - 3) = O
f^or uma, e sòmente uma, raiz diferente de zero.
vers^w" retas paralelas cortadas por uma trans-
'Oi'mam dois ângulos colaterais internos que
po-tm ser representados por 3x - 50° e 2x 4- 10°.
Cal-^ uie o menor desses ângulos.
conv^" ' ângulos internos de um pentágono
^vexo medem respectivamente 108°, 100° 20' e 91° 40/
5 8 Manoel Jairo Bezerra
Calcule o maior dos outros dois sabendo que êle tem
20® mais que o outro.
14.' Questão ; Um segmento AB está dividido por um ponto
M em 2 segmentos de 12m e 24m. Prolonga-se êsse
segmento até o ponto N, conjugado liarmônico de M. Calcule NA.
15.® QrasTÃo : Os 2 catetos de um triângulo retângulo medem
18m e 24m. Calcule o maior dos segmentos determi
nados sôbre a hipotenusa pela bissetriz do ângulo reto.
16.' Questão ; Os arcos compreendidos entre 2 secantes a
uma circunferência de círculo de raio R, são
represen-tados em graua, pelos números ^ e Calcule o
â n g u l o d e s s a s s e c a n t e s . 2 3
triilngulo
eqüi-lonTrt r„ ° perímetro do
decá-gono regular inscrito nesse círculo.
18.- • Cdcule a área do círculo no qual está inscrito
um quadrado de área igual a õOm^.
^ rSpe^tiv^PTlf^^^Q trapézio isósceles medem,
Srdo f ' ^5°"' " ^ 6m. Calcule a
longamentos dosUdrfã:
' Ctalo'''Probn'''®"'" estó inscrito
lados AB CD a pp ^^am-se^, nos dois sentidos, os
^ e P Demon^tr ' se vgQ cortar nos pontos M,
Not.. De 1 1 i7T ° ^ eqüilátero.
De 11 a 20 ■■ fia zu - 6 pontos cada.
!•') Temos: I I E S O L U Ç X O
" +"''' + 6tó-Uf = 18„>+aI,
Resposta: 18a' + ofr
Questões de Exames de Admissão 5 9
2.") Temos : x* - y* + 2yz - 2* = z» - (yi - 2yz -f- x') » ~ x ' - i y - z ) ^ ~ { x + y ~ s ) ( x - y + s )
Resposta: (x + y •- z) (x — y -j- x) 3.") Fatorando cada têrrao das frações, temos :
3 (a 4- 1)
(« + 1) (g-D 3(x-|-j/)
X
Cx + y) (x-y) (a- 1) (a~2) (x - y) (a - 2)
4.') Eliminando os denominadores : pos^a. ax - 2x - a 'y 2y
2bx - 2a - 36 + 3ax = 8ax - 46
26x - 5ax = 2a - 6 (26 - 5o) x = 2a - 6
5 . ' ) Te m o s : 2 a — 6 I • . X — r : R e s p o s t a : X = 2 6 - õ o 8x - X + 3 > 24 ou \ 7x > 21 26 — 5aJ 7x > 21
} - x > 3 i + 7 - 2 > 4 x I - X > - B X > 3f a \ 7 i T i - ® < 5 - - 3 < x < 5 P e s p o s í a : 4
lulUpUcando a primeira por - 3 e somando com a segunda temos :
- 12x + 9y = 3 8 x - 9 y g - 5 . 1 - 4 x - 2 ^ - - 2
••8X2 9y - - 5 ou - 9y , _ 9 . ^ ^
7-') Eliminando os denominadores:
3-'-9-30>12-2x.-2 Sx-= 55 z. x'= u
Ecsposía; x = -^ e j, = i
®') Temos:
3o V7_8 V a ' . e X = ± VTTResposta: x. = VTT e x^ = - VTT
. 3a W-8al l í a 11 a V T
Resposta-. Ua W
6 0 Manoel Jairo Bezerra 9") Multiplicando ambos os f/^rmAo t
-denominador. 2+ VF, temos: ° conjugado do
jjLiJ ^ (2+ VF)» _4 + 4 vr+3
- 2^(V3)> 4-3 ■ ="7 + 4 Vs
Resposta: 7 + 4 VF
10.') Calculemos a soma e o produto das raízes:
5 = 1 + VF+ 1 - VF= 2
P = (1 + V2) (1 - V2-) = 1 - 2 = - 1
A equação pedida ecrá «* - 5® + p _ q
j j . R e s p o s t a : - 2 x - 1 = O
dwri'teS^'sLente uma raiz diferente de zero,
apenos o târmo independente Então, não deve possuir
..2m-3=.0 e -9p?í0
• ^ 2 " " 2 ®Resposta: m ^ ^ e p ?í O
« 6 2 '12.') Como 03 flnguloa colaterais ínfemA»
-3x - 50 + 2a: + 10 = igo suplementares, temos:
5x = 220 X = 44
^-^O=,32-50 = B2e2z + 10 = 83 + tO = 08
"•■)Aeomad„3^^„3Íotern„edopent.,„„e,.
S'=180.(5-2)» 540.
luguloa dadoeé-^°®°+«)0-20' + o1.4O' = 3O0.
^ e p 08 dois outro, âugulo3, temos:
a + = 540» - 300o = 240»
« í' = x-20o x + X-20. 240 • o
■ • 2a: - 260» e s =. iSQo i2€«pos/a; ISO"
. - , U j
Questões de Exames de Admissão 61
14.*) Se M e iV r5o conjugados harmônicos, di\'idcm pois o segmento
AB harmonicamente. Então,
J l / A
I
I
I
[
i V ¥ i V A M M B B 1 2 2 4 2 4 a : = 1 2 x + 4 3 2 1 2 x = 4 3 2 x = 3 6 Resposta: NA = 36m15.) Pelo teorema de Pitágoras, a hipotcnusa será:
a= = 18^ + 24= = 324 + 576 = 900 a = SOm
Sejam men os segmentos determinados sobre a hipotenusa,
I bissetnz do ãnculo reto.^ « j » a ü g m e m pela bissetnz do ângulo reto.
T e m o s : / ^ ,
3 0
1 8 2 4 1 8 + 2 1 4 2
7n = 18 X — =
7
^ o„ = 24x| = f
alculando com aproximação 0,1 vom;
"1 = 12,9 e n = 17,1 O â n g u l o f l A « c E c s p o s t a : 1 7 , I m o arco -2 corresponde a 90o e o de
E n t ã o :
, , ^ 9 0 o
-
a
00«. 15® E u Então:' ° ^ 2p o seu perfmolro. 15°
-T(i'5-l)gO,CISK (iü 6 o ruio do círculo
= f í V T - i - o c i r c u u s c n t o ) . V 4 • ' a J T * ^ { l i V 2 ) 2 = 0 7 ? 2 -«' = 25
~ 257: , 25 X 3,U = 78,50
.Resposío: 78,50m»
• ■ I6 2 Manoel Jairo Bezerra 19 •) B - AB « 20771; 6 = DC =» 8771 A - FG = 677»
Seja S a área do triângulo DEC. (Fig. 17)
c D C X E F
S e E F = x
n i . f t t e o r e m a l i n e a r d o T h a l e s , t e m o s que 03 tiungulos ABE e DCE bílo aomelhantes.
Logo, A R O E D C E F o u 2 0 a : + 6 8 X '■ 20^ = 81 + 48 12i = 48 e a: = 4 S = L o g o , c t _ 8 X 4 = 1 6 Resposta: 167?i*
suplementoa 'doa^ân^nlna^f^ T ~ MFA = 60° por serern
S 8 do hexácono retnilnr r«nía mndlda 6 T _ 180° (6-2)I —ê—^ = 1200
Qiiesiõcs de Exames de Admissão
6 3Fig- 18
í^fnsulos AMP, pp:, ,
- i » A .
Portant ^ = P = 60°
ao tiÍMlVí"'^VSulo . ' '^"SLiIos sao
tum-P r
de Matemática
QOESTÃO ; O ,
-2°+3°, '-ff;'," 3o. ,a
6 4 Manoel Jairo Bezerra 2.» 3.» 4 . ^ 5 / 6.'' 7 -8 » 9." 1 0 . " 11.^ 1 2 . " 3 = a b b
Questão : Calcule o valor da expressão
Aa^ — [S — (Ba — C)] B sendo yl = a + 1
B = 1 — a —
C = a ~ l
Questão ; Reduza à expressão mais simples :
/ a \
g'-l ■ \a + 1 " V
Questão : Resolva a inequação 2 - ^
3
Questão ; Resolva o sistema ^
\ x~ y =
resuíradn"T° ^ "^^iTP de modo
que o resultado só apresente radical do 2.0 grau.
a expressão V .c^ + x^y xi/
-o que na-o fiquem fat-ores quadrad-os s-ob radical.
Questão: Escreva a eauacíTn rir. o o
são dois números reais S 2. grau cujas raízes
inveisos um do outro e de somai g u a l a - . 2
Questão; Dê a maior raiz da equação — = 3
^umaX Ste V equação
d o b r o d a o u t r a . \ P ~ r ^ ) a : + 8 = O s e j a o
"^ZTnguI^^rttonoré^ral^ãT™ T ^
t e r n o s ? ^ d o s â n g u l o s e x
-r
í - r
tangentes ao círculo, traçadas porTÍ°C°™
Questões de Exames de Admissão
6 513.
Questão : Qual ó o imlígoiio cm (jue o número de dia
gonais e o triplo do múncro de lado.s?
^ sccantes a um círculo formam um
ân-s o m .
c o m p r e e n d i d o s
d ã o
p o r
^ ' '^^Iculc o número de graus do arco menor.
gSo m liipoteiui.sa de um triângulo
retân-'XoTeSlL ^ altura relativa
eeuma tammnt^ FA^^no'^'-círculo,
traçam-D^ento externo fU J" 4 ® secante. O
seg-^ seg-^A Calculo "seg-^cde -klm e o interno é igual
1-7. Qu .. '"^'culc o comprimento de PA.
1 0 8 V T t r i â n g u l o s e q ü i l á t e r o s s ã o
drados. Qu^j I quadrados o 3 V 3 decímetros
qua-gulos? ^ razao entre as alturas dos dois
triâu-Questão : o
o lado AB tFmVnn'^' triângulo .4BC, mede 45°:
TÍF" ^ tom'::, 12m. Sôbre 4B. a
19" n *^alcule a área rJn i tiaça-sc DE paralela
Q u e s t ã o - t t t r a p ó z i o D A C E .
iguais está inscrito num círculo cuia
2 0 . o C a l c u l e r l r e a d o
■ '^^estão:
Exnr-^«'apót^ma T triângulo eqüilátero '
^ questões tf-m !
tCm valor 5 pontos.
t-") ^
laoci,
+ 6--2U, '''^^OLUçXo
+ 3-10 = _i8
2..) ente: 4aí ^ [ B 7 — (2\ (-18) 4a2 _
'^ + ^ = -l<í=+B„_c
6 6 Manoel Jairo Bezerra ■ Substituindo A, B e C por seus valores;
(a+1) a»+(l - a - aí) fl - (d - 1) = a'+o=+a - - «i - a+1 =
° (1 ~ tt) . o - a® - a ~ a ~ 3 . * ) Te m o s : (a +1) (a - 1) ' a + 1 — a a + 1 ■ a + 1 a + 1 1 a + 1 ^ - aí ~ 4«) Eliminando o denominador 6 - X + 18 < 33: - 4a: < - 24 ^ • * . 4 3 : > 2 4 e i > 6
o.») Kesolvendo por adição:
ax + 6y = oò bx ~ hy
ax + bx = ab + b* . , ,
a; = j, • • (a + 6) X = & (a + 6)
Substituindo o valor de x na 2.» equação vem*
S o l u ç ã o :
=
=
0
5 f = O
6.') V32 <7 « = 2 = 2 VT"
7.«) Fatorando o radicando temos:
- "V(x+y)í(a:-y) ==
8>) A soma S das raízes é •
-2
Se uma raiz é inverso dn nnf»» >
umdade. Pois, se J ° Produto P dessas raízes
" 1 7 ' 1
A equação pedida será da forma:
é a
í'-Srr + P = o ou a:'++
2xí + 5x + 2 = O o u a i n d a : 9.") Resolvendo; 8a: + 24 5x = 3x2 + Q3. • o,j ,-ou -' + ^-8 = 0 cuias raízes São: x.í ^x^^
A maior raiz é, portanto: 2. ^ e xj = 2.
Çue^ões de Exames de Admissão
6 71 0 . ® ) T e m o s : x ® = 2 x i xi +X3 = p + 2
X1X2 = 8
Substituindo Xa na 2." equação:
x i + 2 x i = p + 2 x i = p + 2 , . 2p + 4—, logo X* = —3—
levando êsses valores na 3.® equação:
p + 2^2p+4 g. 2p'- + 8p + 8 ^ g■■ 9 2p + Bp + 8 = 72 pí + 4p - 32 = O r e s o l v e n d o , v e m : p = - 8 e p = 4
Portanto, o menor valor de p será: -8. 11-') Temos: Si = So ou 180®(71-2) = 360®
180®n - 360® = 360® n = 4 e o polígono pedido é um quadrilálero.
12.«) O ângulo P pedido é um ângulo circunscrito e tem por medida:
P = B A C - B C
= . . . ' ^ = 8 0 °
6 8 Manoel Jairo Bezerra
logo; BAC = 360° - 80® = 280® p = ^0° - 80° _= 1 0 0 ®
13.*) Seja n o n.» de lados do polígono, temos:
n (n - 3)
2 - 3n n'-^3n^ Gn /. n'~ Qn = Q
cujaa raízea eão:n = Oens=g
E o polígono pedido será o cicágon,, („ = g).
14.')" Temoa: P = ^ _
Calculemos CD = 2 5 °AB + C? =
152-50® Fig. 20Somando, membr^a membro, obtemos:
245 = 202. 4S=l0to
E o arco pedido CB será 152.-101. .,51.
15.«) Temos: c = 5m e A = 3m e sabemos que:
= o u
bc ~ ah = a» - 25
56 = 3a
Questões cie Exames de Admissão
R e s o l v e n d o o s i s t e m a v e m : 6 = 3 a
9 a »
2 5 = a » - 2 5 9 a » = 2 5 a » - 6 2 5 o u 1 6 a » = 6 2 5 a » = 6 2 5
1 6
a = -^ = 6,25
A hipotenusa será, pois: 6,25m.
A 16.®) PB = 4dm BC = PA (Fig. 22) Sabemos que: PA ' = P C X P B o u PÃ^ = (^-\-PB)PP PA» = (PÃ^4)X4 x2 = 4x + 16 a:» - 4x ~ 16 = O 4 ± 4 Võ" 4 ± V l 6 + 6 4 ® 2 6 9 = 2 ± 2 VT
Logo o segmento PA será: 2+2 Vy dm ou aproximadamente
6,46ÍZPI.
17.») Como sabemos que polígo nos regulares de mesmo nú mero de lados são semelhan tes e que as áreas de dois polígonos semelhantes estão entre ei como os quadrados de suas linhas homólogas.
T e m o s :
108 Vã" _ ^ . EL=3G
3 Vs" ^ A» A»
■. . ^|J .jLl. J-iuUB
V
' - ^ v V
7 0 Manoel Jairo Bezerra
18.") A área do trapézio 8erá: S =
M a a A C - { - D E r t X A AC = 12?» A B = 6 m AD = 2m B i ) = 4 m
Como paralelo a AC, temoa : AXBC-AflBB.
^
A B
D E 1 2 - B - D 5 B 4 • ' * 19, Fig. 23S u b s t i t u i n d o ê a s p B v o U , . » ' ' e f t = V 2 .
««sea valorea na expreaaão da área temoa:
Ç, 12 + 8
=-2-X ^2 = 10 Ar27»»
ou, aproximadamente: 14,14?»^
Normal do^Instituto"X°Ii:Saçã?''M^fadmissão ao
nas mões que deixamos de comentar
derado errado pSL^Sncí aue ° foi
conai-siderava o losango como um quadradoflução que con
de ângulos iguais"). 4uuuraao ( o quadrado é um losangoDentro dêsae ponto de vista a solução seria:
^
=
2 B
^
2 ^ ,
M a s
^
^
^
^
e a área pedida será: S = 2m'.
Questões de Exames de Admissão 7 1
20.») Sabemos que a área de um polígono regular é: 5 = pa . c r 3 Í „ 3 f í V T .. o í = — .0 ou 53 = 2 • ® ( 1 ) Mas, C j R R = 2 a Substituindo em (1) vem: S . = . a = 3 a = V 3
Nota : Nesta prova, em mais de 900 candidatas, foram aprovadas menos
de 100 e a maior nota foi 95.
P r o v a d e M a t e m á t i c a
(Realizada em 19/2/1953).
1.® Questão ; A raiz cúbica de certo número N é 4,41; a raiz quadrada desse mesmo número é 9,23.
Calcule, aproximadamente, com uma só operação, a ViV
O justifique a marcha adotada na resolução do problema.
2.^ Questão : Pôr em equação e resolver o seguinte pr^
blema: Qual é o número que é igual ao valor absoluto
de seu dôbro diminuído de 15?
3.® Questão : São dados os polinômios A = + ^
B = h x ^ - 5
C = p x 3