Lugares geom´
etricos b´
asicos I
MA13 - Unidade 5
Resumo elaborado por Eduardo Wagner baseado no texto: A. Caminha M. Neto. Geometria. Cole¸c˜ao PROFMAT
Defini¸c˜ao
Lugar Geom´etrico da propriedade P ´e o conjunto de todos os pontos que possuem essa propriedade.
A circunferˆ
encia
Dados o ponto O e o segmento r , a circunferˆencia de centro O e raio r ´e o lugar geom´etrico dos pontos que distam r de O.
b
O
bA
r
A mediatriz
A mediatriz do segmento AB ´e a reta perpendicular a esse segmento que passa pelo seu ponto m´edio.
A mediatriz de um segmento ´e o lugar geom´etrico dos pontos que equidistam das extremidades do segmento.
b A b B bP b M Demonstra¸c˜ao
a) Todo ponto da mediatriz do segmento AB equidista de A e B. Seja r a mediatriz de AB, M o ponto m´edio de AB e seja P um ponto de r .
Os triˆangulos PMA e PMB s˜ao congruentes (LAL). Logo, PA = PB.
b) Todo ponto fora da mediatriz n˜ao equidista de A e B. b A b B b M bP b Q
Seja P um ponto que n˜ao pertence `a mediatriz r do segmento AB. Imagine que P est´a no semiplano de r que cont´em B.
Trace PA e PB. O segmento PA corta r em Q.
Trace QB. Como Q pertence a r ent˜ao QA = QB pelo item anterior.
No triˆangulo PQB a desigualdade triangular d´a PQ + QB > PB. Isto quer dizer que PQ + QA > PB, ou seja, PA > PB.
Um enunciado equivalente ´e: Um ponto equidista de dois pontos A e B se, e somente se, pertence `a mediatriz do segmento AB.
A bissetriz
A bissetriz de um ˆangulo ´e o lugar geom´etrico dos pontos que equidistam dos lados desse ˆangulo.
b O b P b A b B
A demonstra¸c˜ao fica para o leitor. Aten¸c˜ao:
Um enunciado equivalente ´e: Um ponto equidista dos lados de um ˆangulo se, e somente se, pertence `a bissetriz desse ˆangulo.
Problema
S˜ao dados dois pontos fixos A e B. Determine o lugar geom´etrico do ponto P sabendo que o ˆangulo APB ´e reto.
b A b B b M b P b C Resposta
O LG ´e a circunferˆencia de diˆametro AB, exceto os pontos A e B. Sugest˜ao para demonstra¸c˜ao
Assinale o ponto M, m´edio de AB.
Prolongue PM de um segmento MC igual a PM. Analise o quadril´atero PACB.
Mediana relativa `
a hipotenusa
No triˆangulo retˆangulo, a mediana relativa `a hipotenusa vale metade da hipotenusa. b A b B b M b P
A demonstra¸c˜ao decorre do problema anterior.
Problema
Se em um triˆangulo ABC a mediana relativa ao v´ertice A ´e igual `a metade do lado BC ent˜ao esse triˆangulo ´e retˆangulo em A.
Solu¸c˜ao:
Lugares geom´
etricos b´
asicos II
MA13 - Unidade 5
Resumo elaborado por Eduardo Wagner baseado no texto: A. Caminha M. Neto. Geometria. Cole¸c˜ao PROFMAT
Arcos de uma circunferˆ
encia
A medida de um arco ´e, por defini¸c˜ao, a medida do seu ˆangulo central. arc AB = θ b A b O b B θ
ˆ
Angulo inscrito
A medida do ˆangulo inscrito ´e a metade da medida do arco que ele subtende na circunferˆencia.
∠AVB = θ = arc AB 2 b A b B b V θ
Arco capaz
S˜ao dados um segmento AB e um ˆangulo θ. Defini¸c˜ao:
O lugar geom´etrico do ponto P situado em um mesmo semiplano determinado pela reta AB e tal que ∠APB = θ chama-se arco capaz do ˆangulo θ sobre o segmento AB.
∠APB = θ = θ0 = ∠AP0B. b A b B b P b P′ θ θ′
Constru¸
c˜
ao do arco capaz
S˜ao dados um segmento AB e um ˆangulo θ. Siga os passos:
1. Desenhe o segmento AB (horizontal).
2. Desenhe a reta r , mediatriz de AB.
3. Desenhe, abaixo da reta AB a semirreta AX tal que ∠BAX = θ.
4. Trace por A a reta AY perpendicular a AX .
5. A interse¸c˜ao de AY com r ´e o ponto O.
b A b B b O bY b θ r
6. Desenhe acima da reta AB o arco de centro O com extremidades A e B.
7. Esse arco ´e o arco capaz do ˆangulo θ constru´ıdo sobre AB. Obs: Uma semicircunferˆencia de diˆametro AB ´e
chamada de lugar geom´etrico de 90◦ sobre AB. b
A bB
bP
Problema
Construir o triˆangulo ABC conhecendo o lado BC = a, o ˆangulo ∠BAC = θ e a altura relativa ao v´ertice A igual a h.
Solu¸c˜ao: Siga os passos e observe o desenho a seguir
1. Desenhe uma reta r .
2. Sobre r assinale pontos B e C tais que BC = a.
3. Construa o arco capaz do ˆangulo θ sobre BC .
4. Construa a reta s paralela a r , de forma que a distˆancia entre r e s seja h.
5. Um dos pontos de interse¸c˜ao de s com o arco capaz ´e o ponto A. O triˆangulo est´a constru´ıdo.
b B b C a b b h b A s r θ
Triˆ
angulos e circunferˆ
encias I
MA13 - Unidade 6
Resumo elaborado por Eduardo Wagner baseado no texto: A. Caminha M. Neto. Geometria. Cole¸c˜ao PROFMAT
Triˆ
angulos e circunferˆ
encias
Duas secantes a uma circunferˆencia cortam-se em um ponto P interior a ela.
A medida de um ˆangulo de v´ertice P ´e igual a semissoma das medidas dos arcos interiores ao ˆangulo.
Na figura a seguir, α = arc AB + arc CD
2 . b A b B b C b D b α
Duas secantes a uma circunferˆencia cortam-se em um ponto P exterior a ela.
A medida de um ˆangulo de v´ertice P ´e igual ao m´odulo da semidiferen¸ca das medidas dos arcos interiores ao ˆangulo. Na figura a seguir, α = arc AB − arc CD
2 . b A b B b C b D b α
ˆ
Angulo de segmento
Uma corda de uma circunferˆencia e a tangente em uma das extremidades determinam um ˆangulo de segmento.
A medida do ˆangulo de segmento ´e a metade da medida do arco interior ao ˆangulo.
Na figura a seguir, α = arc AB 2 . b A b B t α
A circunferˆ
encia circunscrita ao triˆ
angulo
TeoremaAs mediatrizes dos lados de um triˆangulo cortam-se em um ´
unico ponto. Demonstra¸c˜ao
Considere o triˆangulo ABC , a reta r , mediatriz de AB e a reta s, mediatriz de BC . b O b B b A bC r s
Seja O o ponto de interse¸c˜ao de r e s.
O ∈ r ⇒ OA = OB e O ∈ s ⇒ OB = OC Logo, OA = OC e, portanto, O pertence `a mediatriz de AC .
Circuncentro
O ponto O chama-se circuncentro do triˆangulo ABC e ´e o centro da sua circunferˆencia circunscrita.
b O b B b A b C r s
A circunferˆ
encia inscrita no triˆ
angulo
TeoremaAs bissetrizes dos ˆangulos internos de um triˆangulo cortam-se em um ´unico ponto.
Demonstra¸c˜ao
Fica para o leitor seguindo os passos da demonstra¸c˜ao anterior.
b I b b b b A b B b C
O ponto I , comum `as trˆes bissetrizes internas chama-se incentro do triˆangulo ABC e ´e o centro da sua circunferˆencia inscrita.
Triˆ
angulos e circunferˆ
encias II
MA13 - Unidade 6
Resumo elaborado por Eduardo Wagner baseado no texto: A. Caminha M. Neto. Geometria. Cole¸c˜ao PROFMAT
As circunferˆ
encias exinscritas no triˆ
angulo
Uma circunferˆencia exinscrita ´e tangente a um lado e aos prolongamentos dos outros dois.
A figura a seguir mostra, no triˆangulo ABC, a circunferˆencia exinscrita relativa ao v´ertice A (ou ao lado a, se preferirem).
b A b B b C b I′
O centro I0 dessa circunferˆencia ´e o ponto de interse¸c˜ao da bissetriz interna em A e das bissetrizes externas em B e C .
b A b B b C b I′ b b bb
Trˆ
es circunferˆ
encias exinscritas de um triˆ
angulo
b A b B b C b b bTangentes a uma circunferˆ
encia
P1) A reta perpendicular a um raio de uma circunferˆencia tra¸cada pela sua extremidade ´e tangente `a circunferˆencia. Na figura abaixo a reta t passa por A e ´e perpendicular ao raio OA. A reta t ´e tangente `a circunferˆencia.
b
A
b
O
t
P2) Os segmentos das tangentes tra¸cadas por um ponto exterior a uma circunferˆencia s˜ao iguais.
Na figura abaixo, PA = PB. b P bO b B b A
Para justificar, observe a congruˆencia dos triˆangulos POA e POB. P3) Se PA e PB s˜ao tangentes a uma circunferˆencia, ent˜ao a bissetriz do ˆangulo APB passa pelo centro da circunferˆencia.
Problema
Os lados de um triˆangulo s˜ao conhecidos. Os pontos de tangˆencia da circunferˆencia inscrita com os lados dividem cada lado em dois peda¸cos. Quanto medem todos esses seis segmentos?
Solu¸c˜ao: b N bP b M b A b B Cb Sejam AB = c, BC = a e CA = b. Seja a + b + c = 2p. Pela propriedade P2 desta aula fa¸camos AM = AP = x , BM = BN = y e CN = CP = z.
Temos ent˜ao o sistema x + y = c, y + z = a, z + x = b. Somando as equa¸c˜oes obtemos x + y + z = p e como y + z = a obtemos x = p − a.
Analogamente obtemos y = p − b e z = p − c.
Problema
No triˆangulo ABC de per´ımetro 2p a circunferˆencia exinscrita relativa ao v´ertice A tangencia a reta AB no ponto T . Mostre que AT = p.
Sugest˜ao:
Use a propriedade P2 desta aula.
b A b B b C b T
Quadril´
ateros inscrit´ıveis e circunscrit´ıveis I
MA13 - Unidade 7
Resumo elaborado por Eduardo Wagner baseado no texto: A. Caminha M. Neto. Geometria. Cole¸c˜ao PROFMAT
O quadril´
atero circunscrit´ıvel
Um quadril´atero ´e circunscrit´ıvel quando os quatro lados s˜ao tangentes a uma mesma circunferˆencia.
Nesse caso, dizemos que a circunferˆencia est´a inscrita no quadril´atero. b A b B bC b D
Teorema de Pitot
Em todo quadril´atero circunscrit´ıvel as somas dos lados opostos s˜ao iguais. b b M bN b P b Q b A b B bC b D
Demonstra¸
c˜
ao do Teorema de Pitot
b b M bN b P b Q b A b B bC b DA figura acima mostra o quadril´atero circunscrit´ıvel ABCD e os pontos de tangˆencia de cada lado com a circunferˆencia. Temos ent˜ao:
AM = AQ BM = BN CP = CN DP = DQ Somando membro a membro obtemos
AM + BM + CP + DP = AQ + DQ + BN + CN ou seja,
AB + CD = AD + BC
A rec´ıproca do Teorema de Pitot
´
E verdadeira a rec´ıproca do Teorema de Pitot.
Se em um quadril´atero os lados opostos tˆem mesma soma ent˜ao existe uma circunferˆencia tangente aos quatro lados.
AB +CD = AD +BC ⇒ b A b B bC b D
Problema
´E dado o triˆangulo ABC . Os pontos M e N dos lados AB e AC , respectivamente s˜ao tais que o segmento MN ´e tangente `a circunferˆencia inscrita em ABC . Mostre que o per´ımetro do triˆangulo AMN ´e constante.
b A b B b C b M b N
Solu¸
c˜
ao do problema
Para simplificar a nota¸c˜ao sejam: AB = c, BC = a, CA = b, AM = x , MN = y e NA = z.
Como BCNM ´e circunscrit´ıvel temos, pelo Teorema de Pitot, BC + NM = BM + CN ou seja, a + y = c − x + b − y .
Isto significa que x + y + z = b + c − a. O per´ımetro do triˆangulo AMN ´e constante.
b A b B b C b M bN
Quadril´
ateros inscrit´ıveis e circunscrit´ıveis II
MA13 - Unidade 7
Resumo elaborado por Eduardo Wagner baseado no texto: A. Caminha M. Neto. Geometria. Cole¸c˜ao PROFMAT
O quadril´
atero inscrit´ıvel
Um quadril´atero ´e inscrit´ıvel quando os quatro v´ertices pertencem a uma mesma circunferˆencia.
b A b B b C b D
Teorema
Em um quadril´atero inscrit´ıvel os ˆangulos opostos s˜ao suplementares. Demonstra¸c˜ao: b A b B bC b D
Na figura acima, sendo ˆA e ˆB as medidas dos ˆangulos DAB e BCD, respectivamente, temos ˆ A + ˆC = arc BCD 2 + arc DAB 2 = 360◦ 2 = 180 ◦
Rec´ıproca
A rec´ıproca do teorema anterior ´e verdadeira.
Se um quadril´atero possui dois ˆangulos opostos suplementares ent˜ao ele ´e inscrit´ıvel.
Sugest˜ao para demonstra¸c˜ao
Considere o quadril´atero ABCD com ˆB + ˆD = 180◦. Considere, em seguida a circunferˆencia que passa por A, B e C . Imagine que D n˜ao perten¸ca a essa circunferˆencia ...
Reconhecimento do quadril´
atero inscrit´ıvel
1. Dois ˆangulos opostos suplementares. ˆ
A + ˆC = 180◦ ⇔ ABCD ´e inscrit´ıvel
2. Um ˆangulo interno igual ao externo oposto. α = α0 ⇔ ABCD ´e inscrit´ıvel
b A b B bC b D α α′
3. No quadril´atero ABCD, ∠ACB = ∠ADB.
α = ∠ACB = ∠ADB = α0 ⇔ ABCD ´e inscrit´ıvel De fato, o arco capaz do ˆangulo ACB constru´ıdo sobre AB passa por D. b A b B b C b D α α′
Problema
No triˆangulo ABC os ˆangulos A e B medem 60◦ e 70◦, respectivamente. Os segmentos BD e CE s˜ao alturas. Quanto mede o ˆangulo AED?
b B b A 70◦ 60◦ b C b E bD
Solu¸
c˜
ao
O ˆangulo ACB mede 50◦.
Como ∠BDC = ∠BEC = 90◦ o quadril´atero BCDE ´e inscrit´ıvel. Logo, ∠AED = ∠ACB = 50◦.
b B b A b C b E bD θ 50◦