Questões de Organização de Computadores_solução

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Questões de

Organização de

Computadores

Professor Johnny Marques

[email protected]

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Questão 1 (POSCOMP 2007)

Uma memória principal RAM tem um espaço máximo de endereçamento

de 2K. Cada célula pode armazenar 16 bits. Qual o valor total de bits que

pode ser armazenado nesta memória e qual o tamanho de cada

endereço?

(A) 24k e 8 bits

(B) 32K e 11 bits

(C) 32K e 16 bits

(D) 48K e 11 bits

(E) 2K e 16 bits

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Questão 1 (POSCOMP 2007)

- Solução

Relembrando...

Se tivermos uma memória principal RAM com N endereços e células de M bits, o valor total de T de bits é dado por:

T = M x N

Já a quantidade de bits dos números que representam cada um dos N endereços (E) é dada por:

N = 2E

N endereços

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Questão 1 (POSCOMP 2007)

- Solução

Se o espaço máximo endereçável é 2K, então N = 2K

1 célula é igual 16 bits, então M = 16bits

Logo o total de bits T que pode ser armazenado é:

**T = M x N = 2K * 16 = 32K bits**

Já o tamanho de cada endereço (E) é calculado como:

N = 2K = 2 x 1024 = 2048 = 2

11

Se N = 2

E

_{, logo:}

2

11

_{= 2}

E

E = 11 bits

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Questão 2 (ENADE 2009)

Com relação às diferentes tecnologias de armazenamento de dados, julgue os itens a seguir. Quando a tensão de alimentação de uma memória ROM é desligada, os dados dessa memória são apagados. Por isso, esse tipo de memória é denominado volátil.

O tempo de acesso à memória RAM é maior que o tempo de acesso a um registrador da unidade central de processamento (UCP).

O tempo de acesso à memória cache da UCP é menor que o tempo de acesso a um disco magnético.

O tempo de acesso à memória cache da UCP é maior que o tempo de acesso à memória RAM.

Estão certos apenas os itens

(A) I e II. (B) I e III. (C) II e III. (D) II e IV. (E) III e IV.

I

II

III IV

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Questão 2 (ENADE 2009)

Sobre o item I, a memória ROM (Read Only Memory - Memória Apenas de Leitura) é uma memória não volátil e apenas de leitura que chega ao usuário já previamente gravada. O fabricante grava as informações na pastilha e estas são permanentes, não havendo possibilidade de alteração.

No entanto, existem tipos especiais de memória ROM que permitem alteração:

• PROM (Programmable Read Only Memory – Memória Apenas de Leitura Programável)

• EPROM (Erasable Programmable Read Only Memory – Memória Apenas de Leitura Programável e Apagável)

• EEPROM (Electrically Erasable Programmable Read Only Memory – Memória Apenas de Leitura Programável e Apagável Eletricamente)

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Questão 2 (ENADE 2009)

- Solução

• PROM (Programmable Read Only Memory – Memória Apenas de Leitura

Programável): é uma memória não volátil e apenas de leitura, porém programável. Nesta memória, a programação pode ser realizada pelo próprio usuário. No entanto, uma vez programada, não permite a alteração de seu conteúdo.

• EPROM (Erasable Programmable Read Only Memory – Memória Apenas de Leitura Programável e Apagável): é uma memória não volátil, apenas de leitura e

reprogramável. Sua programação é feita eletricamente, podendo ser apagada através da exposição de sua pastilha à luz ultravioleta.

• EEPROM (Electrically Erasable Programmable Read Only Memory – Memória Apenas de Leitura Programável e Apagável Eletricamente): esta memória pode ser

programada e apagada, porém, utiliza-se um sinal elétrico.

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Questão 2 (ENADE 2009)

- Solução

Com relação às afirmações II, III e IV, o nosso PLT* (Figura 4.4) apresenta o subsistema de memória constituído de um conjunto de diferentes tipos, organizados de forma

hierárquica. Para representar esta hierarquia, é utilizada uma estrutura na forma de pirâmide, cuja base larga simboliza a elevada capacidade, o tempo de acesso e o custo do componente ali representado.

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Questão 2 (ENADE 2009)

- Solução

O tempo de acesso à memória RAM é maior que o tempo de acesso a um registrador da unidade central de processamento (UCP).

II

•Um dos aspectos considerados é a velocidade, que se refere ao tempo de acesso, ou seja, quanto tempo a memória gasta para colocar uma informação no barramento de dados após uma determinada posição ter sido endereçada. O valor do tempo de acesso de uma

memória é dependente da sua tecnologia de construção e da velocidade dos seus circuitos. Logo quanto mais velocidade, menor tempo de acesso.

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Questão 2 (ENADE 2009)

- Solução

O tempo de acesso à memória cache da UCP é menor que o tempo de acesso a um disco magnético.

III

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Questão 2 (ENADE 2009)

- Solução

O tempo de acesso à memória cache da UCP é maior que o tempo de acesso à memória RAM.

IV

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Questão 3 (ENADE 2005)

Qual é a expressão boleana resultante para a tabela verdade abaixo?

(A) Y = A.B.C + A.B.C (B) Y = A.B.C + A.B.C (C) Y = A+B+C . A+B+C (D) Y = A.B.C + A.B.C (E) Y = A.B.C + A.B.C

Entradas Saída C B A Y 0 0 0 0 0 0 1 0 0 1 0 1 0 1 1 0 1 0 0 0 1 0 1 0 1 1 0 0 1 1 1 1

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Questão 3 (ENADE 2005)

- Solução

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Questão 3 (ENADE 2005)

- Solução

Entradas Saída C B A Y 0 0 0 0 0 0 1 0 0 1 0 1 0 1 1 0 1 0 0 0 1 0 1 0 1 1 0 0 1 1 1 1

(NOT A) AND (B) AND (NOT C) = A . B . C

A AND B AND C = A . B .C

(A . B .C) OU (A . B . C)

(A . B .C) + (A . B . C)

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Questão 4 (Concurso INPI - 2003)

O número (2E7A)₁₆ equivale respectivamente na base 2 e base 8 a:

(A) (0010111001111110)₂ e (27171)₈ (B) (0010111001111010)₂ e (25172)₈ (C) (0010110001111010)₂ e (27172)₈ (D) (0010111001111100)₂ e (26175)₈ (E) (0010111001111010)₂ e (27172)₈

(16)

16

Questão 4 (Concurso INPI - 2003)

- Solução

(2E7A)

₁₆

= ( )

₂

Base 16 = 2

4

= (0010)(1110)(0111)(1010)

= (0010111001111010)

₂

(2E7A)

₁₆

= ( )

₈

Base 8 = 2

3

=

0 (010)(111)(001)(111)(010)

₂

= (27172)

₈ Base 16 Base 2 0 0000 1 0001 2 0010 3 0011 4 0100 5 0101 6 0110 7 0111 8 1000 9 1001 A 1010 B 1011 C 1100 D 1101 E 1110 F 1111 Base 8 Base 2 0 000 1 001 2 010 3 011 4 100 5 101 6 110 7 111

Resposta Certa : E

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Questão 5

No projeto de um código executável, é comum dois tipos de implementação de linguagens de programação: as linguagens com compilação ou interpretação. Podemos representar a compilação e a interpretação pelos fluxogramas a seguir:

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Questão 5

Sobre a compilação e interpretação, julgue os itens a seguir.

Uma razoável desvantagem da interpretação é o alto consumo de memória.

No método de compilação, uma estrutura de repetição, conforme a definida a seguir terá seus comando convertidos para código executável uma única vez.

PARA J = 1 ATÉ 10 INICIO LEIA A,B X := A + B IMPRIMA X FIM FIM_PARA

A compilação tem execução mais lenta do que a interpretação, já que o significado de cada expressão e instrução deve ser determinado diretamente do programa fonte em tempo de execução.

I II

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Questão 5

Baseado nas afirmativas acima, pode-se dizer que:

(A) A afirmativa I é a única errada. (B) A afirmativa III é a única errada. (C) Todas as afirmativas estão erradas. (D) Todas as afirmativas estão corretas (E) A afirmativa II é a única errada.

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Questão 5

- Solução

Uma razoável desvantagem da interpretação é o alto consumo de memória. I

Análise da afirmativa I

Na compilação o compilador permanece carregado na memória por um tempo determinado, ou seja, apenas durante a fase de compilação.

Já na interpretação, o interpretador deve permanecer na memória durante toda a execução, porque cada comando a ser executado necessitará do interpretador.

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Questão 5

- Solução

No método de compilação, uma estrutura de repetição, conforme a definida a seguir terá seus comando convertidos para código executável uma única vez.

PARA J = 1 ATÉ 10 INICIO LEIA A,B X := A + B IMPRIMA X FIM FIM_PARA II Análise da afirmativa II

Na método de compilação os três comandos dentro do loop serão convertidos uma única vez para o código executável. Embora sejam realizadas 10 leituras de A, 10 leituras de B e 10 impressões de X, só ocorre uma tradução do código.

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Questão 5

- Solução

A compilação tem execução mais lenta do que a interpretação, já que o significado de cada expressão e instrução deve ser determinado diretamente do programa fonte em tempo de execução.

III

Análise da afirmativa III

Exatamente o contrário. Na interpretação a execução é mais lenta que a compilação. A etapa de compilação ocorre antes da execução. Já a interpretação ocorre durante a execução.

Baseado nesta justificativa, a afirmativa III é falsa.