Docente responsável: Prof. Carlos Paiva
Ano Lectivo: 2006/2007 • Exame de 21 de Junho de 2007
1.ª DATA
An expert is someone who has made all the mistakes.
Hans Albrecht Bethe1. No problema variacional da braquistócrona determine a relação
τ
minτ
recta para L= −π
2 e2
H
=
.Resolução:
É necessário resolver em ordem a a e a Θas equações
( )
( )
sin 1 cos L a H a ⎧ = ⎡Θ − Θ ⎤ ⎪ ⎣ ⎦ ⎨ = ⎡ − Θ ⎤ ⎪ ⎣ ⎦ ⎩supondo que L e H são conhecidos. Resolvendo ambas as equações em ordem a
ae
igualando, obtém-se
( )
( )
( )
1 cos( )
sin( )
0 sin 1 cos L H f L H = ⇒ Θ = ⎡⎣ − Θ −⎤⎦ ⎡⎣Θ − Θ =⎤⎦ Θ − Θ − Θ.
Para
L= −π
2 eH
=
2
a solução é Θ =π
2. Daqui se infere que a=2. Mas então(
)
(
)
min min 2 2 2 2 recta recta2
0.9646
2
4
8
2
4
8
a
g
g
L
H
g H
g
π
τ
τ
π
τ
π
π
π
π
τ
= Θ
=
⇒
=
=
−
+
+
−
+
=
=
.2. Os processos de interacção entre fotões e átomos numa cavidade óptica provocam flutuações no
número de fotões em cada modo de oscilação. Sendo n =10 o número médio de fotões à temperatura absoluta
T
, determine a probabilidade P n(
=8)
da distribuição de Planck. Para300 K
T
=
DResolução:
A distribuição de Planck fornece a probabilidade
( )
(
)
1 1 n n n P n n + = +.
Para
n =10 e n=8, obtém-se P=0.0424. Por outro lado, tem-se1
1
1
exp
1
Bln 1
Bh c
n
k T
k T
n
λ
ω
=
⇒
=
⎛
⎞
⎛
⎞
−
+
⎜
⎟
⎜
⎟
⎝
⎠
⎝
⎠
=
. ParaT
=
300 K
D e n =10, obtém-seλ
=
0.50319 mm
. Nota: Tem-sec
=
2.99792458 10 m/s
×
8 ,h
=
6.62606876 10
×
−34Js
e1.3806503 10
23J/K
Bk
=
×
− .3. Um feixe gaussiano de comprimento de onda
λ
=
10.6µm
(emitido por um laser de CO2)apresenta larguras
w
1=
1.699 mm
ew
2=
3.380 mm
em dois pontos separados por uma distânciad
=
10cm
. Determine a cinturaw
0 do feixe gaussiano.Resolução:
Para resolver este problema são apenas necessárias as expressões
( )
0 2 22 22 0 0 0 2 2 0 0 0 0 0 1 1 2 z w z w z w z w z k w w z zπ
wλ
λ
π
⎛ ⎞ = +⎜ ⎟ ⇒ = + ⎝ ⎠ = = ⇒ =Assim, vem sucessivamente, fazendo
z
2= +
z
1d
,2 1 2 2 2 2 2 1 1 1 1 0 2 2 0 0 0 2 1 0 0 0.8555m 1 1 w z w w z z z w z z z z
π
π
λ
λ
= = ⎛ ⎞ = − ⇒ = ⎜ − ⎟ ⇒ ⎝ ⎠ = − A A(
)
(
)
(
)
(
)
( )
2 2 2 2 2 2 2 2 2 1 0 1 1 1 2 1 2 1 1 2 2 2 2 0 0 0 0 2 2 2 1 2 0 0 0 0 0 1 2 2 25.3040 2 0 . 2 w w z z d z d z d w w z z z d w z z z d w w d f z z z z d z z dπ
λ
π
α
λ
α
α
− + − + − = − = = ⇒ = + − = = ∴ ⇒ = − − − = = + AA solução para
z
0 obtém-se encontrando a raiz de f z( )
0 =0. Vem entãoz
0=
11.857 mm
. Daqui se tira que a cintura do feixe éw
0=
0.2 mm
. Note-se que vem, também,z
1=
10 cm
ez
2=
20 cm
.4. Considere o problema quântico de uma partícula numa caixa
(unidimensional). Admita que o estado quântico inicial
ψ
( )
xé o representado na Fig. 1. Determine a constante
A
em termos da largura a da caixa e calcule a probabilidade de uma medida da energia dar o valor próprio2 2 2 1
=
π
=
2 m a
E
.Sugestão:
∫
x
sin
( )
x d x
=
sin
( )
x
−
x
cos
( )
x
.Resolução:
Comecemos por notar que
( )
,
0
2
1
,
2
x
a
A
x
a
x
x
a
A
x a
a
ψ
⎧
< <
⎪⎪
= ⎨
⎛
⎞
⎪
⎜
−
⎟
< <
⎪ ⎝
⎠
⎩
sendo
ψ
( )
x =0 para x<0 e para x a> . Para normalizar a função de onda é necessário ter-se( )
2 2 2 2 2 2 2 0 0 21
1
a a a ax
x
x d x A
d x A
d x
a
a
ψ
=
+
⎛
⎜
−
⎞
⎟
=
⎝
⎠
∫
∫
∫
de forma que 2 3 3 2 2 2 2 2 0 21
3
3
a a ax
x
x
A
A x
a
a
a
⎡
⎤
⎡
⎤
+
+
−
=
⎢
⎥
⎢
⎥
⎣
⎦
⎣
⎦
21
12
12
a
A
A
a
∴
=
⇒
=
.Pretende-se calcular o coeficiente
c
1.0 a 2 a 2 A x
( )
xψ
Figura 1( ) ( )
( )
( )
( )
( )
( )
( )
1 0 1 0 2 0 2 2 2 2 0 2 0 2 2 0 2 2 0 22
sin
24
sin
1
sin
24
sin
sin
2 24
sin
2 24
sin
cos
2 24
a a a a ax
c
u x
x d x
x
d x
a
a
x
x
x
x
d x
d x
a
a
a
a
a
a
a
x
y
y d y
z
z d z
y
a
a
x
z
y
y d y
a
y
y
y
π π π ππ
ψ
ψ
π
π
π
π
π
π
π
π
π
π
∗⎛
⎞
=
=
⎜
⎟
⎝
⎠
⎡
⎛ ⎞
⎛
⎞
⎛
⎞
⎛
⎞
⎤
=
⎢
⎜ ⎟
⎜
⎟
+
⎜
−
⎟
⎜
⎟
⎥
⎝ ⎠
⎝
⎠
⎝
⎠
⎝
⎠
⎣
⎦
⎡
⎤
=
+
=
⎢
⎥
⎣
⎦
→
= −
=
=
⎡
⎣
−
⎤
⎦
=
∫
∫
∫
∫
∫
∫
∫
A probabilidade desejada é então
2 1 1 4
96
98.6 %
p
c
π
=
=
≈
.5.
Mostre que numa fibra óptica monomodal, operada em regime linear, o produto
B
0L
é
constante desde que
LLD C. Admita que
B
0=
1 4
σ
. Calcule esse produto em
(
Gb/s)
⋅km. Considere:
C
= − ; ps
6
τ
0=
1
;
2 220 ps / km
β
= −
;
33
0.1 ps / km
β
=
. Suponha
lasers semicondutores monomodais (i.e., com
V 1).
Resolução:
(
)
2 2 2 2 2 2 3 2 2 2 2 3 0 0 0 01
1
1
1
2
2
2
4
L
L
L
V
σ
C
β
β
C
β
σ
σ
σ
σ
⎛
⎞
⎛
⎞
⎛
⎞
⎛
⎞
⇒
⎜
⎟
= +
⎜
⎟
+
⎜
⎟
+
+
⎜
⎟
⎝
⎠
⎝
⎠
⎝
⎠
⎝
⎠
(
)
(
)
2 2 2 2 2 2 2 0 2 3 2 3 2 0 0 01
1
1
2
2
4
DL
L
L
L
C
C
C
C
τ
σ
β
β
β
σ
σ
σ
⎛
⎞
⎛
⎞
⎛
⎞
=
⇒
⎜
⎟
= +
⎜
⎟
+
+
⎜
⎟
⎝
⎠
⎝
⎠
⎝
⎠
(
)
(
)
2 2 0 2 2 2 2 2 2 0 3 4 0 0 0 0 1 4 1 1 8 1 2 1 2 B C C B Lσ
β τ
β
τ
τ
σ
= ⎛ ⎞ ⎡ ⎤ ⇒ ⎜ ⎟ = ⎢ + + + ⎥ ⎣ ⎦ ⎝ ⎠ =(
)
(
)
(
)
2 0 0 2 0 2 2 2 2 2 2 0 3 2.91 Gb/s km 8 1 2 1 B L B L C Cτ
β τ
β
∴ = ⇒ = ⋅ + + + .6. Na propagação de impulsos numa fibra óptica em regime não-linear é usual definir o parâmetro 2
D NL
N
=
L L
. Explique fisicamente a razão pela qual o solitão fundamental corresponde a1
N = . Para
τ
0=
10 ps
, 2 21 ps km
β
= −
eγ
=
2 W km
−1 −1 (fibras de dispersão modificada),calcule: (i) a potência de pico
P
0 do solitão fundamental; (ii) a correspondente potência médiaP
sdo sistema RZ para um débito binário
B
=
10 Gb/s
. Qual deve ser a variação longitudinal do coeficienteβ
2 da DVG para que o solitão fundamental se propague sem perturbação quando existem perdas? Justifique fisicamente a sua resposta.Resolução:
Um solitão fundamental é um impulso que resulta do equilíbrio perfeito entre as acções antagónicas da dispersão da velocidade de grupo (efeito linear) e da auto-modulação de fase (efeito não-linear). Esse equilíbrio perfeito traduz-se na equação
L
D=
L
NL a que corresponde2 2 2 0 0 2 0 0
1
P
P
β
τ
γτ
β
=
γ
⇒
=
.A potência de pico
P
0 do solitão fundamental é2 0 2 0
5 mW
P
β
γ τ
=
=
.Por outro lado
0 0 0 0
1
1
5
2
2
B
q
q
τ
B
τ
=
⇒
=
=
A potência média do sistema RZ (return to zero) é, considerando os dois símbolos («0» e «1») equiprováveis,
(
) (
)
0 0 0 0 0 0 1 2 2 0.5 mW 4 2 s s P P B P q qτ
τ
⎛ ⎞ = = ⎜ ⎟= = ⎝ ⎠ E .Quando existem perdas tem-se P z0
( )
=P0( )
0 exp(
−α
z)
. Logo, para queγτ
02=
constante
, deverá ter-seβ
2( )
z =β
2( )
0 exp(
−α
z)
, de modo a que( )
( )
2 2 0 00
constante
0
P
β
γτ
=
=
.7. Mostre que, no âmbito da álgebra geométrica
CA
3, se tem a b c∧ ∧ = ⋅ ×(
a b c e)
123 em que3
, ,
∈
a b c \
e e123∈∧
3 \3 come
1232= −
1
. Explique por que razão é que não existe ambiguidade na escrita do produto misto a b c⋅ × sem recorrer a quaisquer parêntesis. Interprete geometricamente o produto misto. Paraa e
= +
1e
3,b
=
2
e
1 ec
=
2
e
1+
2
e
2, calcule:(i) a b c⋅ × ; (ii) a
:
(
b c∧)
; (iii)a b c
; (iv) exp b( )
; (v) exp(
a b∧)
.Resolução:
(
)
(
) (
)
(
)
(
)
123 123 123 1231
2
⋅ × = − ⋅
⎡
⎣
∧
⎤
⎦
= −
⎡
⎣
∧ +
∧
⎤
⎦
= − ∧ ∧
∴
∧ ∧ = ⋅ ×
a b c
a
b c e
a b c
b c a e
a b c e
a b c
a b c e
Não existe ambiguidade na escrita de a b c⋅ × porque esta expressão só faz sentido se interpretada na forma a b c⋅ ×
(
)
; a expressão(
a b⋅ ×)
c carece de significado.A interpretação geométrica é a do volume do paralelepípedo gerado pelos três vectores
a b c \
, ,
∈
3.123 123 1 0 1 2 0 0 4 4 2 2 0 ∧ ∧ = = ⇒ ∧ ∧ = a b c e e a b c 1 2 3 3 2 0 0 4 2 2 0 × = = e e e b c e
(
)
2 3 3 1 1 2 3 1 31 1 0 1 2 2 2 0 0 ∧ ∧ ∧ ∧ = = ∧ = e e e e e e a b e e e ∧ a b a b cvolume do
paralelepípedo
= ∧ ∧ = ⋅ ×
a b c
a b c
(
1 3) ( )
3(
)
123 1 0 1 4 2 0 0 4 2 2 0 ⋅ × = + ⋅ = − ∧ ∧ = = a b c e e e a b c e(
∧ = ⋅) (
) ( )
− ⋅ =2 −2 =4 2 a:
b c a b c a c b c b e( ) (
) (
2 2 31)
4(
1 2 3 123)
= = ⋅ + ∧ = + = + + + a b c a b c a b a b c e c e e e e( )
( )
1( )
exp b =cosh 2 +e sinh 2
(
)
(
31)
( )
31( )
exp a b∧ =exp 2e =cos 2 +e sin 2
8. Num cristal biaxial tem-se
ε
1=
2
,ε
2=
2.5
eε
3=
4
. Determine o ânguloφ
entre os eixos ˆd1 e2
ˆd da função dieléctrica D
( )
E e o ânguloθ
entre os dois eixos ópticosˆc
1 eˆc
2 do cristal. Qual é a razão entre as constantes de propagação das duas ondas características quando se considera que a direcção de propagação é k cˆ =ˆ1? Justifique fisicamente a sua resposta.Resolução:
( )
3 2 1 3 12
1
cos
60
2
ε
ε
ε
φ
φ
ε ε
−
+
=
=
⇒
=
−
D( )
1 1 3 2 1 2 2 3 1 3 31
0.5
2
1
0.4
cos
0.2
78.4630
78.5
1
0.25
η
ε
η
η η
η
θ
θ
ε
η η
η
ε
=
=
−
+
=
=
→
=
=
⇒
=
≈
−
=
=
D D 1 3 3 1 1tan
tan
2 tan
tan
78.4630
78.5
2
2
2
ε
ε
θ
φ
θ
φ
ε
−ε
⎡
⎤
⎛ ⎞
=
⎛ ⎞
⇒
=
⎛ ⎞
=
≈
⎢
⎥
⎜ ⎟
⎜ ⎟
⎜ ⎟
⎝ ⎠
⎝ ⎠
⎣
⎝ ⎠
⎦
D DComo k cˆ =ˆ1 corresponde à propagação ao longo de um eixo óptico infere-se que as duas constantes de propagação das duas ondas características devem ser iguais.
9. Num cristal biaxial com
ε
2=
5
ε
1 eε
3=
2
ε
2 admita que, no referencial dos eixos dieléctricos principais, se considera a direcçãos
ˆ sin
=
( )
Θ
⎣
⎡
cos
( )
Φ
e
1+
sin
( )
Φ
e
2⎦
⎤
+
cos
( )
Θ
e
3. Para90
Θ =
D eΦ =
20
D calcule o ânguloδ
do multivectoru
=
E D
=
exp
( )
δ
B
ˆ
. Note que( )
2
ˆ sin
u
= B
δ
. Qual é o significado físico deδ
? Determine os pares(
Θ Φ,)
para os quais=
E D DE
. Justifique fisicamente a sua resposta.Resolução:
Façamos
ζ ε ε
=
2 1 eκ ε ε
=
3 2. Vem sucessivamente( )
( )
( )
( )
( )
1 1 2 2 3 3 ˆ ˆ ˆ ˆ cos ˆ ˆ s s sδ
ε
⋅ = + + → = s =s s s e e e s s D D D( )
ˆs =ε
1 1 1se +ε
2 2 2s e +ε
3 3 3s e =ε
1(
s1 1e +ζ
s2 2e +κζ
s3 3e)
D( )
2 2(
2 2 2 2 2 2)
1 1 2 3ˆ
ε
s
ζ
s
κ ζ
s
∴
D
s
=
+
+
( )
ˆ ˆ( )
ˆ 1(
s1 1 s2 2 s3 3) (
s1 1 s2 2 s3 3)
ε
s = ⋅s D s =ε
e + e + e ⋅ e +ζ
e +κζ
e( )
(
2 2 2)
1 1 2 3ˆ
s
s
s
ε
ε
ζ
κζ
∴
s
=
+
+
( )
12 22 32 2 2 2 2 2 2 1 2 3 cos s s s s s sζ
κζ
δ
ζ
κ ζ
+ + = + + . ParaΘ =
90
D é 30
s
=
e vem simplesmente( )
( )
( )
( )
2 2 1 2 2 2cos
sin
cos
cos
sin
ζ
δ
ζ
−⎡
⎢
Φ +
Φ
⎤
⎥
=
⎢
Φ +
Φ
⎥
⎣
⎦
. ParaΦ =
20
D eζ
=
5
obtém-se então(
,
)
41.21
δ
=
E D
→
δ
=
D)
.Este é o ângulo que, em geral, existe entre o campo eléctrico
E
e o deslocamento eléctricoD
num meio anisotrópico. Só ao longo dos eixos dieléctricos principais é que, mesmo num meio anisotrópico, se temδ
=0. Quandoδ
=0 é0
u=E D= E D = pelo que u u= , i.e.,
E D DE
=
. Assim,=
E D DE
quandoδ
=0; ou seja, esta condição verifica-se nos três casos seguintes: (i)Θ =
90
De
0
Φ = ; (ii)
Θ =
90
De
Φ =
90
D10. Uma onda plana monocromática incide na interface x=0
da Fig. 2 proveniente do ar
(
x>0)
. O meio que preenche a região x<0 é um cristal uniaxial positivo comε
&=
4
e
ε
⊥=
2
. Determine o ânguloθ
e da onda extraordinária. Suponha que o eixo óptico éc e
ˆ
=
3 e que o ângulo de incidência éθ
i=
20
D.Resolução:
Pelas condições fronteira deverá ter-se
( )
( )
( )
( )
( )
( )
( )
2 0 2 2 0 sin sinsin sin sin
i i e e e e e k n n k
β
θ
θ
θ
β
θ
θ
θ
θ
= → = = k = .Por outro lado o vector
k
da onda extraordinária é tal que( )
( )
( )
2 2 2 0ˆ
k
n
eˆ
ε ε
ε ε
θ
ε
ε
⊥ ⊥=
⇒
=
k
k
k
& & .Logo, igualando as duas expressões para n2
( )
θ
e , obtém-se( )
( )
( )
2 2 sin ˆ sin i eε ε
θ
θ
ε
⊥ = k &que deve ser resolvida em ordem a
θ
e. Agora, notando que se tem( )
( )
(
)
( )
2(
)
( )
( )
( )
2 2 2
ˆ ˆ ˆ ˆ ˆ sin sin cos
e e e
ε
k = ⋅k D k =ε
⊥+ε ε
&− ⊥ c k⋅ =ε
⊥+ε ε
&− ⊥θ
=ε
&θ
+ε
⊥θ
infere-se que
( )
( )
( )
( )
2
2 2 2
sin
sin cos sin
i e e e
ε ε
θ
ε
θ
+ε
⊥⊥θ
=θ
& & . Fazendo x=sin2( )
θ
e , vem então(
)
( )
(
( )
)
( )
2 2 2sin
sin
0.0301
1
sin
i i ix
x
x
x
ε ε
θ
ε
θ
ε
ε
ε ε
ε ε
θ
⊥ ⊥ ⊥ ⊥ ⊥=
⇒
=
=
+
−
−
−
&& & &