Matemática II
2010-‐2011 2º Semestre 1ª Frequência
31 de Março de 2011
Pedro Raposo; Maria João Araújo; Carla Cardoso; Vasco Simões
O teste tem a duração de 2:30 horas. Deve resolver os grupos em folhas separadas.
Grupo I
1. Seja tal que , onde e é a designação genérica da direcção (e sentido) do vector . Utilize o conceito de diferencial para calcular aproximadamente a variação de no ponto quando sofre um acréscimo de e sofre um decréscimo de . (Cotação: 2.5
valores)
2. Seja . Calcule sendo a designação genérica da direcção que faz um ângulo de com o semieixo positivo dos , e os ângulos agudos e que faz com os eixos dos e dos são tais que .
(Cotação: 2.5 valores)
Grupo II
3. Seja homogénea e . Determine o grau de homogeneidade de sabendo que . (Cotação: 1.5 valores)
4. Seja com .
Determine . (Cotação: 1.5 valores)
5. Se
f (x, y)
é homogénea e , .a) Determine o grau de homogeneidade de . (Cotação: 1 valor)
Grupo III 6. Considere a função f (x, y)= x 4 + y4 4− (y − x)2 , em que
(y
− x)
2≠ 4
.a) Calcule os pontos de estacionaridade de . (Cotação: 2 valores)
b) Se à função , impuser a condição
x
− y = 6
, acha que os pontos calculados na alínea anterior se alteram? Justifique. (Cotação: 1 valor)7. Utilize o método dos multiplicadores de Lagrange para determinar os extremos
locais da função (Cotação: 2 valores):
f (x, y) = xy sujeito a x + 2 y = 6
Grupo IV
8. Considere a função
z = x
2− 2x + y
2− 2y + 10
sujeito a−x − 2y + 10 ≥ 0
x, y
≥ 0
⎧
⎨
⎪
⎩⎪
a) Determine graficamente o máximo e o mínimo de z. (Cotação: 2 valores)
b) Resolva o problema, utilizando as condições de Kuhn-‐Tucker para obter o máximo de z. (Cotação: 2 valores)
c) Suponha que o problema formulado na alínea anterior pelo método de Kuhn-‐ Tucker era acrescentado da seguinte informação: ignore as restrições
x, y
≥ 0
e admita que estava activa a seguinte restrição5x
− y ≤ 5
. Supondo que a solução do problema está no ponto P(5,5). Enuncie as condições de Kuhn-‐Tucker do novo problema e verifique se esse ponto as satisfaz. (Cotação: 1 valor)
BOA SORTE.
PROPOSTA DE RESOLUÇÃO
Grupo I
1. Como temos Isto é: Então: 2. Temos , e: Isto é: com e(os cosenos são positivos uma vez que os angulos são agudos). Assim
Grupo II
3. R: Se tem-se , então, em
:
4.
5. a) e b)
Seja o grau de homogeneidade de , então é homogénea de grau , e
Isto é:
Posto isto conclui-se que é homogénea de grau 2 e o teorema de Euler fica
Que no ponto é
___________________________________GrupoIII________________________________________
6. a)
R.: Os pontos de estacionaridade são:
b)Claro que se alteram pois nenhum dos pontos anteriores satisfaz a condição .
7. , (máximo) R.: em
Grupo IV
8. a) Graficamente e cálculos:
Máximo
x
= 10
y
= 0
⎧
⎨
⎪
⎩⎪
z=90
Mínimo
b) Condições de Kuhn-Tucker para obter o máximo de z.
Função Lagrangeana:
L = (x − 1)2 + ( y − 1)2 + 8 −λ
1(x+ 2y − 10)x∂L ∂x= 0 y∂L ∂y = 0 λ∂L ∂λ= 0 x, y,λ≥ 0,∂L ∂λ ≥ 0 ∂L ∂x≤ 0, ∂L ∂y ≤ 0 ⎧ ⎨ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎩ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ x (2x⎡⎣ − 2) −λ⎤⎦ = 0 y (2 y⎡⎣ − 2) − 2λ⎤⎦ = 0 λ⎡⎣−x − 2y + 10⎤⎦ = 0 x, y,λ≥ 0,∂L ∂λ ≥ 0 ∂L ∂x≤ 0, ∂L ∂y ≤ 0 ⎧ ⎨ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎪ ⎩ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪
1 x= 0 y= 0 λ = 0 ∂L ∂λ= −(x + 2y − 10) ≥ 0 ∂L ∂x= 2x − 2 −λ ≤ 0, ∂L ∂y= 2y − 2 − 2λ ≤ 0 possível máximo,z = 10 ⎧ ⎨ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎩ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ 2 x= 0 y= 0 x+ 2y − 10 = 0 impossivel ⎧ ⎨ ⎪ ⎪ ⎪⎪ ⎩ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ 3 x= 0 2 y− 2 − 2λ = 0 ⇔ y = 1 λ = 0 ∂L ∂λ= −(x + 2y − 10) ≥ 0P.V . ∂L ∂x= 2x − 2 −λ ≤ 0P.V ., ∂L ∂y= 2y − 2 − 2λ ≤ 0P.V . possível máximo, z = 9 ⎧ ⎨ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎩ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ 4 2x− 2 −λ = 0 ⇔ x = 1 y= 0 λ = 0 ∂L ∂λ= −(x + 2y − 10) ≥ 0P.V . ∂L ∂x= 2x − 2 −λ ≤ 0P.V ., ∂L ∂y= 2y − 2 − 2λ ≤ 0 possível máximo,z = 9 ⎧ ⎨ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎩ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ 5 x= 0 2 y− 2 − 2λ = 0,λ = 4 x+ 2y − 10 = 0 ,y = 5 P.V . P.V . possível máximo,z = 25 ⎧ ⎨ ⎪ ⎪ ⎪⎪ ⎩ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ 6 2x− 2 −λ = 0,λ = 18 y= 0 x+ 2y − 10 = 0 ⇔ x = 10 ∂L ∂λ= −(x + 2y − 10) ≥ 0P.V . ∂L ∂x= 2x − 2 −λ ≤ 0P.V ., ∂L ∂y= 2y − 2 − 2λ ≤ 0P.V . possível máximo, z = 90 ⎧ ⎨ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎩ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ 7 2x− 2 −λ = 0 ⇔ x = 1 2 y− 2 − 2λ = 0 ⇔ y = 1 λ = 0 ∂L ∂λ= −(x + 2y − 10) ≥ 0P.V . ∂L ∂x= 2x − 2 −λ ≤ 0P.V ., ∂L ∂y= 2y − 2 − 2λ ≤ 0 possível máximo,z = 8 ⎧ ⎨ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎩ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ 8 2x− 2 −λ = 0,x = 1+ 0.5λ,x =12 5 2 y− 2 − 2λ = 0, y = 1+ λ, y =19 5 x+ 2y − 10 = 0 ⇔ 1−λ 2+ 2 + 2λ = 10,λ = 14 5 verifica ∂L ∂λ= −(x + 2y − 10) ≥ 0P.V . ∂L ∂x= 2x − 2 −λ ≤ 0P.V ., ∂L ∂y= 2y − 2 − 2λ ≤ 0 possível máximo,z =44525 ⎧ ⎨ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎪ ⎩ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ R: Máximo no ponto (10,0) e z=90.
c) admitindo as 2 novas informações. As condições passariam a ser:
∂L ∂x= 0 ∂L ∂y= 0 λ1 ∂L ∂λ1 = 0 λ2 ∂L ∂λ2 = 0 λ1,λ2≥ 0 ∂L ∂λ1, ∂L ∂λ2 ≥ 0 ⎧ ⎨ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎪ ⎩ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ (2x− 2) −λ1− 5λ2 ⎡⎣ ⎤⎦ = 0 (2 y− 2) − 2λ1+λ2 ⎡⎣ ⎤⎦ = 0 λ1⎡⎣−x − 2y + 10⎤⎦ = 0 λ2⎡⎣−5x + y + 5⎤⎦ = 0 ∂L ∂λ1, ∂L ∂λ2 ≥ 0;λ1,λ2 ≥ 0 ⎧ ⎨ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎩ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ 2.4= 0 imp 2.4= 0 imp ⎧ ⎪