Ficha Facultativa de Avaliação de
Controlo Estatístico de Qualidade
Cotação: 2 Valores a adicionarem à nota do Teste Final (com um máximo total de 20
Valores).
Regra: Entregar na aula de CGQ de 14 de Novembro de 2005. A resolução deve ser
entregue em Folha de Exame do IST, devidamente identificada e com toda a
resolução apresentada na forma manuscrita, com excepção de figuras e gráficos
que podem ser entregues em anexo, obtidos computacionalmente.
Alguns elementos de apoio:
• Sendo
: C
p=
1
2
e C
pk=
3
5
;
3
4
min
Limite Superior de Tolerância (LST)
Limite Inferior de Tolerância (LIT) Limite Superior de Controlo (LSC)
Limite Inferior de Controlo (LIC) Cota Nominal ; Tempo Média
( )
x2
1 3
4
3
Enunciado do Exercício:
Estudo do processo de fabricação que executa o corte transversal dos veios. A especificação define que o comprimento dos veios deve ser de 12.7±0.2 mm, ou seja, um LST=12.9 mm e um LIT=12.5 mm. Foram registados os comprimentos dos 50 primeiros veios produzidos sob condições regulares de produção, estes valores encontram-se na seguinte tabela:
a)
(10%) Construa um Histograma e conclua qual o tipo de distribuição de valores.Proposta de Tabela: Frequências Absolutas e Relativas, Simples e Acumuladas.
Comprimento
(mm)
Frequência
Absoluta
Frequência
Absoluta
Acumulada
12.50
12.55
12.60
12.65
12.70
12.75
12.80
12.85
12.90
Total
Frequência
Relativa
Frequência
Relativa
Acumulada
b)
(20%) Realize o Teste de Normalidade, com base na Recta de Henry. Comente osresultados obtidos.
c)
(20%) Determine os valores analíticos para: Média (x
), Terço central (2σ
) eCapacidade natural do processo (6
σ
). Comente os resultados obtidos, comparando comos valores obtidos no teste de normalidade.
d)
(15%) Qual a percentagem total de veios fora da especificação, para as actuaiscondições de produção?
e)
(20%) Corrigindo apenas as causas especiais que introduzem um descentramento damédia, qual a nova percentagem de veios fora das especificações? Comente os resultados obtidos.
f)
(15%) Determine a capacidade potencial e actual da máquina. Quais os valores para aResolução:
a)
(10%) Construa um Histograma e conclua qual o tipo de distribuição de valores.Comprimento (mm) Frequência Absoluta Frequência Absoluta Acumulada 12,50 0 0 0,00 (0%) 0 (0%) 12,55 0 0 0,00 (0%) 0 (0%) 12,60 2 2 0,04 (4%) 0,04 (4%) 12,65 5 7 0,10 (10%) 0,14 (14%) 12,70 8 15 0,16 (16%) 0,3 (30%) 12,75 12 27 0,24 (24%) 0,54 (54%) 12,80 10 37 0,20 (20%) 0,74 (74%) 12,85 8 45 0,16 (16%) 0,9 (90%) 12,90 5 50 0,10 (10%) 1 (100%) Total 50 1,00 (100%) Frequência Relativa Frequência Relativa Acumulada
Histograma de Frequência Relativa e Freqência Relativa Acumulada
0 10 20 30 40 50 60 70 80 90 100 12.50 12.55 12.60 12.65 12.70 12.75 12.80 12.85 12.90
)
Comentários:•
Forma:≅
Simétrica (compacta em forma de sino) ⇒ Distribuição Normal•
Dispersão (≅
6 × σ): Demasiado Grande•
Localização do valor objectivo: Afastamento de cota nominal por excesso.b)
(20%) Realize o Teste de Normalidade, com base na Recta de Henry. Comente osresultados obtidos.
n
1,2,...,
j
:
onde
=
+
−
=
4
.
0
3
.
0
n
j
R
medioNota: Gráfico realizado pelo aluno, João Vieira (nº 47104)
)
Comentários:•
A distribuição dos valores permite uma aproximação por uma regressão linear comboa qualidade (baixo erro), pelo que se pode confirmar a análise realizada na alínea a), concluindo que assumir uma Distribuição dos Valores do Tipo Normal, é neste caso um procedimento correcto.
c)
(20%) Determine os valores analíticos para: Média (x
), Terço central (2σ
) eCapacidade natural do processo (6
σ
). Comente os resultados obtidos, comparando comos valores obtidos no teste de normalidade.
•
Média:mm
x
x
i i77
.
12
767
.
12
50
50 1=
≅
=
∑
=•
Desvio Padrão:(
)
mm n n i 1 xi x 0.08 2 = ∑ = − = σ ⇒ Terço central = 2×σ = 0.16mm⇒ Capacidade Natural do processo = 6×σ = 0.48mm
Comentários:
•
Valor médio (≅
12.77 mm) é demasiado elevado (descentramento elevado), tal comose tinha previsto na alínea a).
•
Intervalo de variação, ou seja, a Capacidade Natural do Processo = 0.48 mm, excedeo intervalo de tolerância (LST – LIT = 0.4). Originará o aparecimento na população de veios com comprimentos fora das especificações, mesmo se centrarmos o processo. Geração de um erro Tipo II – Falha de Detecção!
•
É ainda possível concluir que os valores analíticos obtidos para a média (12.767mm)e para o desvio-padrão (0.08mm) são muito próximos dos valores estimados através da recta de Henry (12.765mm e 0.083mm, respectivamente).
d)
(15%) Qual a percentagem total de veios fora da especificação, para as actuais condições de produção?Conhecemos: LST= 12.9mm ; LIT=12.5mm ; x=12.77mm ; σ = 0.08mm .
)
2 Situações possíveis:1ª) % Veios com comprimento superior a LST = 12.9 mm
% comprimento > LST = 1-
−
Φ
08
.
0
77
.
12
9
.
12
= = 1- Φ(1.625) = 1-0.9479 = 0.0521≅
5.2%(de veios acima do LST especificado)
Nota: Procedimento de interpolação (Tabela de distribuição normal):
2ª) % Veios com comprimento inferior a LIT = 12.5 mm
% comprimento < LIT =
−
Φ
08
.
0
77
.
12
5
.
12
== Φ(-3.375) = 0.0004
≅
0.04% (de veios abaixo do LIT especificado))
Resultado: % Total de veios fora das especificações é dada por: 5.2% + 0.04% = 5.24 %.x
i Z =(
)
08 . 0 77 . 12 9 . 12 −1.62
0.9474
⇒
1.625 ⇒ 0.9479
1.63
0.9484
Z =(
)
08 . 0 77 . 12 5 . 12 −e)
(20%) Corrigindo apenas as causas especiais que introduzem um descentramento da média, qual a nova percentagem de veios fora das especificações? Comente os resultados obtidos.A % Total de veios de comprimento fora das especificações é dada por:
−
Φ
08
.
0
7
.
12
5
.
12
+1-
−
Φ
08
.
0
7
.
12
9
.
12
= 2 x
−
Φ
08
.
0
7
.
12
5
.
12
=2×
Φ(-2.5) = 2×
0.0062= = 1.24% << 5.24% actuais!•
Para obter o controlo do processo, e implementar uma política de DesenvolvimentoContínuo da Qualidade (política de zero defeitos), para além de forçar centramento, teríamos que actuar sobre as causas aleatórias, no entanto, só a resolução das causas especiais já dava uma importante melhoria do processo.
f)
(15%) Determine a capacidade potencial e actual da máquina. Quais os valores para amédia e desvio padrão para cumprir:
C
m≥1.33 e C
mk≥1.33 ?
Capacidade Potencial da máquina: ⇒
σ
6
LIT
LST
C
m=
−
; no nosso caso:08
.
0
6
4
.
0
×
=
mC
= 0.08(3) < 1.33Capacidade Actual da Máquina:
⇒
×
−
×
−
=
−
−
=
08
.
0
3
77
.
12
9
.
12
;
08
.
0
3
5
.
12
77
.
12
min
3
;
3
min
σ
σ
x
LST
LIT
x
C
mk ⇒ = min(1.125 ; 0.542) = 0.542 < 1.33 Comentário:•
Ambos os parâmetros Cm e Cmk são bastante inferior ao mínimo exigível, pelo quenem a dispersão, nem o descentramento são aceitáveis.
Nota: As áreas são iguais
Z =
( )
08 . 0 7 . 12 5 . 12 − Z =( )
08 . 0 7 . 12 9 . 12 −Para o cumprimento da condição exigível, deverá ser: 1ª Condição:
05
.
0
33
.
1
6
4
.
0
6
4
.
0
33
.
1
=
×
≤
⇔
×
=
≤
σ
σ
mkC
2ª Condição:
−
−
=
σ
σ
;
3
3
min
x
LIT
LST
x
C
mk tomando σ=0.05, temos: mm x=12.7 Única Solução! Comentário:•
Para obter o controlo do processo, para além de forçar centramento, teríamosque actuar sobre as causas aleatórias para diminuir a dispersão da máquina, pelo