Resoluções de Atividades
Sumário
Capítulo 25 – Cálculo estequiométrico II ...1
Capítulo 26 – Cálculo estequiométrico III ... 6
Capítulo 27 – Estudo dos gases I ... 20
Capítulo 28 – Estudo dos gases II ...22
Capítulo 29 – Estudo dos gases III ... 28
Capítulo 30 – Estudo dos gases IV ... 34
Capítulo 25
Cálculo estequiométrico II
01 CaCO3 (M = 100g/mol), CaO (M = 56g/mol).
CaCO3(s) → CaO(s) + CO2(g) ↓ ↓ 100g 56 · 0,8g 1000g m rendimento dado m = 1kg = 1000g m = ?r = 80% = 0,8 m g g m g de CaO = ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ ∴ = 1000 56 0 8 100 10 56 0 8 448 , , ∆
Assim, a massa de óxido de cálcio produzida é de 448g. 02 B
CaCO3 (M = 100g/mol), CaO (M = 56g/mol).
CaCO3(s) CaO(s) + CO2(g) ↓ ↓ 100g 56g · r 20g 10g rendimento pedido m = 20g m = 10gr = ? r= ⋅ r ou ⋅ = ∴ = 100 10 56 20 100 112 0 892, 89 2, % ∆
Assim, o rendimento aproximado da reação é 89%.
03 Zn (M = 65g/mol), H2 (M = 2g/mol). Zn(s) + 2HCl(aq) ZnCl2(aq) + H2(g) ↓ ↓ 65g 2g · r 65kg 1,5kg rendimento pedido m = 65kg m = 1,5kgr = ? r= ⋅ r ou ⋅ = ∴ = 65 1 5 2 65 1 5 2 0 75 75 , , , %
Assim, o rendimento da reação é de 75%.
Atividades para Sala
04 E
Ca(OH)2 (M = 74g/mol), CaSO4 (M = 136g/mol)
Ca(OH)2(aq) + H2SO4(aq) CaSO4(s) + 2H2O(l)
↓ ↓ 74g 136g 740 · 0,8g m pureza dada m = 740g p = 80% = 0,8, visto que, 20% são impurezas m = ? m g g g m g de CaSO = ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ = ⋅ ∴ = 740 0 8 136 74 74 8 136 74 8 136 1088 4 ,
Logo, a massa de CaSO4 produzida é de 1088g.
05 B NH4NO3 (M = 80g/mol), N2O (M = 44g/mol) NH4NO3(s) N2O(g) + 2H2O(g) ↓ ↓ 80g 44g 4g · p 2g m = 2g m = 4g p = ? ∆ pureza dada p= ⋅ = ∴ =p ou ⋅ 80 2 4 80 88 0 9 90 44 , %
Assim, a porcentagem de pureza do nitrato de amônio (NH4NO3) é de 90%. 06 H2 (M = 2g/mol), H2O (M = 18g/mol) H2(g) + 1 2O2(g) H2O(g) ↓ ↓ 2g 18 · 0,5g 200g m m = ? m = 200g r = 50% = 0,5 rendimento dado m= 200 18 0 5⋅ ⋅ g= ⋅ ⋅ g∴m= g de H O 2 100 18 0 5 900 2 , ,
07 HCl (M = 36,5g/mol), NaCl (M = 58,5g/mol). HCl(aq) + NaOH(aq) → NaCl(aq) + H2O(l)
↓ ↓ 36,5g 58,5g 365g · 0,5 m pureza dada m = 365g p = 50% = 0,5 m = ? m g g g m g de NaC = ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ = ⋅ ∴ = 365 0 5 58 5 36 5 36 5 5 58 5 36 5 5 58 5 292 5 , , , , , , , , ll
Assim, a massa de NaCl produzida é de 292,5g.
08 B
Mg(OH)2 (M = 58g/mol), MgCl2 (M = 95g/mol)
Mg(OH)2(col.) + 2HCl(aq) → MgCl2(aq) + 2H2O(l)
↓ ↓ 58g 95g 12,2g · p 16g pureza pedida m = 12,2g p = ? m = 16g p g p ou = ⋅ ⋅ = ∴ = 58 16 12 2 95 928 115 0 8 80 , , %
Assim, a pureza do medicamento (Mg(OH)2) é 80%.
09 D
I. Cálculo da massa de calcário com 80% de pureza:
Para neutralizar uma tonelada de H2SO4, é necessário
uma tonelada de CaCO3. Para neutralizar 10.000
tone-ladas de H2SO4, serão necessárias 10.000 toneladas de
CaCO3.
Cada caminhão carrega 30 toneladas, contendo 80%
de CaCO3. A massa de CaCO3 carregada será:
30 toneladas 100%
x 80%
x = 24 toneladas de CaCO3
II. Cálculo do número de caminhões necessários para carregar 10.000 toneladas:
1 caminhão 24 toneladas
y 10.000 toneladas
y = 416 caminhões
Dessa forma, o número de caminhões é de aproximada-mente 400. 10 A Fe2O3 (M = 160g/mol), Fe (M = 56g/mol). Fe2O3(s) + 3C(s) 2Fe(s) + 3CO(g) ↓ ↓ 160g 2 · 56 · 0,8g 4,8ton m rendimento dado m = 4,8ton m = ? r = 80% = 0,8 m ton ton m ton m = ⋅ ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ ∴ = ∴ = 4 8 2 56 0 8 160 4 8 56 0 8 80 215 04 80 2 688 , , , , , , tton ou∴ = 2688m kg de Fe Assim, a massa de Fe produzida é de 2688kg.
11 E
NaNO3 (M = 85g/mol), H2SO4 (M = 98g/mol)
NaNO3(s) + H2SO4(aq) → NaHSO4(aq) + HNO3(aq) ↓ ↓ 85g 98g 340g · 0,75 m pureza dada m = 340g m = ? p = 75% = 0,75 m g g m g de H SO = ⋅ ⋅ = ∴ = 340 0 75 98 85 24990 85 294 2 4 ,
Assim, a massa de H2SO4 consumida é de 294g.
12 A C2H5OH (M = 46g/mol), H2O (M = 18g/mol) C2H5OH + 3O2 2CO2 + 3H2O ↓ ↓ 46g 3 · 18g · r 184g 54g rendimento pedido m = 54g m = 184g r = ? r= ⋅ r ou ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ = ∴ = 46 54 184 3 18 46 3 184 3 46 184 0 25, 25%
Assim, o rendimento da reação é 25%.
Atividades Propostas
01 a) A reação equacionada a seguir é de dupla-troca. Na2CO3(aq) + H2SO4(aq) → Na2SO4(aq) + H2CO3(aq) b) Na2CO3 (M = 106g/mol), H2SO4 (M = 98g/mol). Na2CO3(aq) H2SO4(aq) ↓ ↓ 106g 98g 0,5 · m 4,9ton pureza dada m = ? m = 4,9ton p = 50% = 0,5
m ton ton ton
m tonelad = ⋅ ⋅ = ⋅ ∴ ⋅ ∴ = 106 4 9 0 5 98 106 4 9 49 10 6 49 49 10 6 , , , , , aas de Na CO2 3.
Assim, a massa de Na2CO3 necessária para neutralizar
02 a) A equação da reação é dada por:
NH3(g) + CH4(g) → HCN(g) + 3H2(g)
b) I. Cálculo da massa do reagente NH3(g):
NH3(M = 17g/mol) HCN(M = 27g/mol) NH3(g) HCN(g) ↓ ↓ 17g 27 · 0,8g m 2,7kg rendimento dado m = ? m = 2,7kg r = 80% = 0,8 m kg kg kg m kg ou g d = ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ = ∴ = 17 2 7 0 8 27 1 7 27 0 8 27 1 7 0 8 2 125 2125 , , , , , , , ee NH3( )g
Assim, a massa do reagente NH3 é 2,125kg ou 2125g.
II. Cálculo da massa do reagente CH4(g):
CH4(M = 16g/mol) HCN(M = 22g/mol) CH4(g) HCN(g) ↓ ↓ 16g 27 · 0,8g m 2,7kg rendimento dado m = ? m = 2,7kg r = 80% = 0,8 m kg kg kg m kg ou g de CH = ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ = ∴ = 16 2 7 27 0 8 1 6 27 27 0 8 1 6 0 8 2 2000 4 , , , , , , (( )g
Assim, a massa do reagente CH4 é 2kg ou 2000g.
03 a) Cálculo da massa da hidrazina (N2H4):
N2H4 (M = 32g/mol), HNO3 (M = 63g/mol), H2O (M = 18g/mol).
7H2O2 + N2H4 2HNO3 + 8H2O ↓ ↓ 32g 2 · 63 · 0,8g m · 0,75 3,78kg m = ? m = 3,78kg p = 75% = 0,75 r = 80% = 0,8 rendimento dado pureza dada m kg kg m kg ou g de N H = ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ = ∴ = 32 3 78 0 75 2 63 0 8 128 96 75 6 1 7 1700 2 4 , , , , , , ..
Assim, a massa de hidrazina (N2H4) impura é 1700g.
b) Cálculo da massa de água (H2O) formada:
HNO3(M = 63g/mol H2O(M = 18g/mol)
2HNO3 8H2O ↓ ↓ 2 · 63g 8 · 18g 3,78kg m m = 3,78kg m = ? m kg kg m kg ou g de H O = ⋅ ⋅ ⋅ = ∴ = 3 78 8 18 2 63 544 32 126 4 32 4320 2 , , , .
Assim, a massa da água (H2O) produzida é 4320g.
04 a) BaSO4 (M = 233g/mol), BaCO3 (M = 197g/mol).
A equação da reação que ocorre no forno de calcina-ção é:
BaSO4(s) + 4C(s) ∆ 4CO(g) + BaS(s)
b) Equações das reações que ocorrem no forno de car-bonatação:
BaSO4(s) + 4C(s) ∆ 4CO(g) + BaS(s) BaS(s) + Na2CO3(s) ∆ BaCO3(s) + Na2S(s)
BaSO4(M = 233g/mol) BaCO3(M = 147g/mol)
BaSO4(s) + 4C(s) + Na2CO3(s) BaCO3(g) + Na2S(s) ↓ ↓ 233g 197 · 0,5g 4,66kg m rendimento dado m = 4,66kg m = ? r = 50% = 0,5 m=4 66 197 0 5⋅ ⋅ kg= kg∴m= kg de BaCO 233 459 01 233 1 97 3 , , , , .
Assim, a massa de carbonato de bário (BaCO3) obtida é
1,97kg.
05 I. A equação da reação:
HgS (M = 232,5g/mol), Hg (M = 200,5g/mol) 4HgS(s) + 4CaO(s) 4Hg(l) + CaSO4(s) + 4CaS(s)
II. Cálculo da massa de mercúrio (Hg): 4HgS(s) 4Hg(l) ↓ ↓ 4 · 232,5g 4 · 200,5 · 0,8g 465kg m rendimento dado m = 465kg m = ? r = 80% = 0,8 m=465 200 5 0 8⋅ ⋅ kg= kg∴m= kg de Hg 232 5 74586 232 5 320 8 , , , , ,
Assim, a massa de mercúrio produzida é 320,8kg. 06 D luminol composto IV ↓ ↓ 177g 164 · 0,7g 54g m m = 54g m = ? r = 70% = 0,7 rendimento dado m g g m g do composto IV = ⋅ ⋅ = ∴ = 54 164 0 7 177 6199 2 177 35 , ,
Assim, a massa do composto IV obtida é 35g. 07 A
CaCO3 (M = 100g/mol), CaO (M = 56g/mol).
CaCO3(s) CaO(s) + CO2(g) ↓ ↓ 100g 56 · 0,9g 200g m m = 200g m = ? r = 90% = 0,9 rendimento dado m g g m g de CaO = ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ ∴ = 200 56 0 9 100 2 56 0 9 100 8 , , , ∆
08 E
NaHCO3 (M = 84g/mol), Na2CO3 (M = 106g/mol)
2NaHCO3(s) Na2CO3(s) + CO2(g) + H2O(g) ↓ ↓ 2 · 84g 106g · r 2g 1,06g m = 2g m = 1,06g r = ? rendimento pedido ∆ r r g ou = ⋅ ⋅ ⋅ = ⋅ ∴ = 2 84 1 06 2 106 0 84 106 106 0 84 84 , , , %
Assim, o rendimento da reação é 84%. 09 B C7H6O3 (M = 138g/mol), C9H8O4 (M = 180g/mol). t C7H6O3 + C4H6O3 C9H8O4 + C2H4O2 ↓ ↓ 138g 180 · 0,8g 1,38ton m m = 1,38ton m = ? r = 80% = 0,8 rendimento dado
m ton ton m ton
m = ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ ∴ = ⋅ ∴ = 1 38 180 0 8 138 138 1 8 0 8 138 1 8 0 8 1 44 , , , , , , , tton
Assim, a massa de "aspirina" produzida é 1,44 toneladas. 10 D Ca2S (M = 159g/mol), Cu (M = 63,5g/mol) Cu2S(s) + 2Cu2O(s) 6Cu(s) + SO2(g) ↓ ↓ 159g 6 · 63,5g 200 · 0,795g m m = 200g m = ? p = 79,5% = 0,795, visto que, 20,5 é impureza pureza dada m=200 0 795 6 63 5⋅ ⋅ ⋅ g= g∴m= g de Cu 159 60579 159 381 , ,
Assim, a massa de cobre (Cu) produzida é 381g. 11 C
H3PO4 (M = 98g/mol), CaO (M = 56g/mol).
2H3PO4(aq) + 3CaO(s) Ca3(PO4)2(s) + 3H2O(l)
↓ ↓ 2 · 98g 3 · 56g 24,5 · 0,8ton m m = 24,5ton m = ? p = 80% = 0,8 pureza dada
m ton ton ton
m tonel = ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ ∴ = 24 5 0 8 3 56 2 98 0 8 3 28 4 0 8 3 7 16 8 , , , , , aadas
Assim, a massa de óxido de cálcio (CaO) necessária para reagir é 16,8 toneladas. 12 E Nox ↓ redução Nox ↑ oxidação +3 +2 +4 0
Fe2O3 + 3CO 2Fe + 3CO2
Após análise da equação, concluí-se que:
I. (V) O ferro (Fe) é obtido por redução da hematita (Fe2O3).
II. (F) Ocorre uma reação de oxirredução. III. (V) Conforme os cálculos:
Fe2O3 + 3CO 2Fe + 3CO2
↓ ↓ 160g 2 · 56 · 0,75g 1000 · 0,4kg 1,06g m = 1ton = 1000kg m = ? P = 40% = 0,4 r = 75% = 0,75 rendimento dado pureza dada m kg kg kg m k = ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ ⋅ = ∴ = 1000 0 4 2 56 0 75 160 4 2 56 75 160 33600 160 210 , , g g de Fe
IV. (F) No monóxido de carbono (CO), o carbono sofre oxidação. 13 E C(M = 12g/mol) C(s) + O2(g) CO2(g) ↓ ↓ 12g 6 · 1023 moléculas 10.000 · 0,8g x m = 10kg = 10000g no de moléculas (x) = ? r = 80% = 0,8 x x mol culas = ⋅ ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ ∴ = ⋅ 10 000 0 8 6 10 12 1000 8 10 2 4 10 23 23 26 . , é
Assim, são obtidas 4 · 1026 moléculas de CO
14 A C2H4 (M = 28g/mol), C2H4O (M = 44g/mol). C2H4 + 1 2O2 C2H4O ↓ ↓ 28g 44g · r 28kg 22kg m = 28kg m = 22kg r = ? rendimento pedido r= ⋅ r ou ⋅ = ∴ = 28 22 28 44 22 44 0 5, 50% Assim, o rendimento do processo é 50%.
15 D
H2SO4 (M = 98g/mol), CaSO4 (M = 136g/mol).
H2SO4(aq) + Ca(OH)2(aq) CaSO4(s) + 2H2O(l)
↓ ↓ 98g 136 · 0,9g 39,2g m m = 39,2g m = ? r = 90% = 0,9 rendimento dado m g g m g m g de = ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ ∴ = ⋅ ⋅ ∴ = 39 2 136 0 9 98 392 13 2 0 9 98 4 13 2 0 9 48 96 , , , , , , , CCaSO4
Assim, a massa de sulfato de cálcio (CaSO4) produzida é
48,96g. 16 C KClO3 (M = 122,5g/mol), O2 (M = 32g/mol). 2KClO3(s) 2KCl(s) + 3O2(g) ↓ ↓ 2 · 122,5g 3 · 32g 2,45g · p 0,72g m = 2,45g m = 0,72g p = ? pureza pedida ∆ p= ⋅ ⋅ g p ou ⋅ ⋅ = ∴ = 2 122 5 0 72 2 45 3 32 176 4 235 2 0 75 75 , , , , , , %
Assim, a amostra de KClO3 apresenta uma pureza de 75%.
17 A
Ca(OH)2 (M = 74g/mol), CaSO4 (M = 136g/mol).
Ca(OH)2(aq) + H2SO4(aq) CaSO4(s) + 2H2O(l)
↓ ↓ 74g 136g 185 · 0,6g m m = 185g m = ? p = 60% = 0,6, visto que, 40% é impurezas. pureza dada m=185 0 6 136⋅ ⋅ g= g∴m= g de CaSO 74 15096 74 204 4 , .
Assim, a massa de sulfato de cálcio (CaSO4) obtida é 204g.
18 D
NaOH (M = 40g/mol), NaCl (M = 58,5g/mol).
NaOH(s) + HCl(aq) NaCl(aq) + H2O(l)
↓ ↓ 40g 58,5g 200g · p m = 234g m = 200g m = 234g P = ? pureza pedida p= ⋅ p ou ⋅ = ∴ = 40 234 200 58 5 9360 11700 0 8 80 , , %
Assim, a pureza da soda cáustica é 80%.
19 A
Na (M = 23g/mol), NaOH (M = 40g/mol).
Na(s) + H2O(l) NaOH(aq) + 1 2H2(g) ↓ ↓ 23g 40g 3g m m = 3g m = ? m=3 40⋅ g= g∴m= g de NaOH 23 120 23 5 2,
Assim, a massa de hidróxido de sódio produzida é 5,2g.
20 B
TiO2 (M = 80g/mol), O2 (M = 32g/mol).
3TiO2(s) + 4BrF3(l) 3TiF4(s) + 2Br2(l) + 3O2(g) ↓ ↓ 3 · 80g 3 · 32g 12g · p 0,96g m = 12g m = 0,96g p = ? pureza pedida p= ⋅ p ou ⋅ = ∴ = 80 0 96 12 32 76 8 384 0 2 20 , , , %
Assim, a porcentagem de pureza do TiO2 no minério é
21 C C2H6O (M = 46g/mol), C4H8O2 (M = 88g/mol). C2H4O2 + C2H6O C4H8O2 + H2O ↓ ↓ 46g 88 · 0,7g m 440g m = ? m = 440g r = 70% = 0,7 rendimento dado m= ⋅ g g m g de C H O ⋅ = ∴ = 46 440 88 0 7 20240 61 6 328 5 2 6 , , , .
Assim, a massa de álcool (C2H6O) necessária é
aproxima-damente 328g. 22 D
CaO (M = 56g/mol), NH3 (M = 17g/mol).
CaO(s) + 2NH4Cl(s) 2NH3(g) + H2O(g) + CaCl2(s) ↓ ↓ 56g 2 · 17g · r 224g 102g m = 224g m = 102g r = ? rendimento pedido r= ⋅ r ou ⋅ ⋅ = ∴ = 56 102 222 2 17 5712 7616 0 75, 75% Assim, o rendimento da reação é 75%.
23 CHCl3 (M = 119,5g/mol), CCl4 (M = 154g/mol). I. Cálculo da massa de CCl4(g): CHCl3(g) + Cl2(g) CCl4(g) + HCl(g) ↓ ↓ 119,5g 154 · 0,75g 11,9g m m = 11,9g m = ? r = 75% = 0,75 rendimento dado m= ⋅ ⋅ g= g∴m= g de CC g 11 9 154 0 75 119 5 1374 45 119 5 11 5 4 , , , , , , l ( ) Assim, a massa de CCl4(g) é 11,5g.
II. Cálculo da massa de HCl(g):
CCl4 (M = 154g/mol), HCl (M = 36,5g/mol). CHCl3(g) + Cl2(g) CCl4(g) + HCl(g) ↓ ↓ 154g 36,5g 11,5g m m = 11,5g m = ? m= ⋅ = g∴m= g de HC g 11 5 36 5 154 419 75 154 2 72 , , , , l( ) Assim, a massa de HCl(g) é 2,72g.
Capítulo 26
Cálculo estequiométrico III
Atividades para Sala
01 I. Identifique o reagente em excesso:
KCl(M=74,5g/mol), AgNO3(M=170g/mol),
AgCl(M=143,5g/mol
m = 7,45g m = 15,3g m = ?
KCl(oq) + AgNO3(oq) → AgCl(s) + KNO3(oq)
II. Considere o KCl como reagente limitante:
KCl AgNO3 ↓ ↓ 74,5g 170g 7,45g x m = 7,45g m = ? x=7 45 170⋅ g= ⋅ g∴ =x g de AgNO 74 5 74 5 17 74 5 17 3 , , , ,
III. Considere o AgNO3 como reagente limitante:
KCl AgNO3 ↓ ↓ 74,5g 170g y 15,3g m = ? m = 15,3g y=74 5 15 3⋅ g= g∴ =y g de KC 170 1139 85 170 6 7 , , , , l
Assim, concluímos que o KCl se encontra em excesso,
posto que para consumir 15,3g de AgNO3, são
neces-sários apenas 6,7g de KCl. Logo, o AgNO3 é o
rea-gente limitante.
IV. Calcule a massa de AgCl produzida:
KCl(aq) + AgNO3(aq) AgCl + KNO3(aq)
↓ ↓ 17,0g 143,5g 15,3g m m=15 3 143 5⋅ g= g∴ =m g de AgC 170 2195 55 170 12 9 , , , , l.
Assim, a massa de AgCl produzida é 12,9g. 02 I. Identifique o reagente em excesso:
CO(g) +2H2(g) CH3OH(l) m = 74,5g
m = 12g
CO(M = 28g/mol), H2(M = 2g/mol), CH3O(M = 32g/mol).
reagente em excesso
II. Considere o CO(g) como reagente limitante: CO 2H2 ↓ ↓ 28g 2 · 2g 74,5g x m = 74,5g m = ? x= g g x g de H g ⋅ = ∴ = 74 5 4 28 298 28 10 64 2 , , . ( )
III. Considere o H2(g) como reagente limitante.
CO 2H2 ↓ ↓ 28g 2 · 2g y 12g m = ? m = 12g y= ⋅ g= g∴ =y g deCOg 28 12 4 336 4 84 ( ).
Assim, concluímos que o H2 se encontra em excesso,
visto que, para consumir 74,5g de CO, são necessários
apenas 10,64g de H2. Logo, o CO é o reagente limitante.
IV. Calcule a massa do reagente em excesso (MRE) MRE = MRE(dada) – MRE(que reage)
MRE = 12,0g – 10,64g ∴ MRE = 1,36g de H2(g).
V. Massa do metanol (CH3OH) produzida:
2H2(g) + CO(g) CH3OH(l) ↓ ↓ 28g 32g 74,5g m m = 74,5g reagente em excesso m = ? m=74 5 32⋅ g= g∴ =m g de CH OH 28 2384 28 85 14 3 , , ( )l
Assim, a massa de metanol (CH3OH) produzida é
85,14g. 03 A
I. Identifique o reagente em excesso:
M(CS2)=76g/mol), Cl2(M=71g/mol), CCl4(M=154g/mol).
m = 1kg m = 2kg
CS2(l) + 3Cl2(g) CCl4(l) + S2Cl2(l)
II. Considere o CS2(l) como reagente limitante:
CS2 3Cl2 ↓ ↓ 76g 3 · 71g 1kg x m = 1kg m = ? x=1 3 71⋅ ⋅ kg= kg∴ =x kg de C 76 213 76 2 8, l2.
III. Considere o Cl2(g) como reagente limitante:
CS2 3Cl2 ↓ ↓ 76g 3 · 71g y 2kg m = 1kg m = 2kg y= ⋅ kg kg y kg de CS ⋅ = ∴ = 76 2 3 71 152 213 0 713, 2.
Concluímos que o CS2 se encontra em excesso, posto
que, para consumir 2kg de Cl2, são necessários apenas
0,713kg de CS2. Logo, o Cl2 é o reagente limitante.
IV. Calcule a massa do reagente em excesso (MRE): MRE = MRE(dada) – MRE (que reage)
MRE = 1,0kg – 0,713kg = 0,287kg de CS2(l).
V. Calcule a massa do CCl4(l) produzida:
CS2(l) + 3Cl2(g) CCl4(l) + S2Cl2(l) ↓ ↓ 3 · 71g 154g 2kg m m = 2kg m = ? m= ⋅ kg kg m kg de CC ⋅ = ∴ = 2 154 3 71 308 213 1 446, l4.
Assim, são produzidos 1,446kg de CCl4(l).
04 C
I. Identifique o reagente em excesso:
Al(M=27g/mol), Cr2O3(M=152g/mol), Cr(M=52g/mol)
m = 5,4kg m = 2kg
2Al(s) + Cr2O3(s) Al2O3(s) + 2Cr(s)
II. Considere o Al como reagente limitante.
2Al Cr2O3 ↓ ↓ 2 · 27g 152g 5,4kg x m = 5,4kg m = ? x= ⋅ kg kg x kg de Cr O ⋅ = ⋅ ∴ = 5 4 152 2 27 54 15 2 54 15 2 2 3 , , , . reagente em excesso
III. Considere o Cr2O3 como reagente limitante: 2Al Cr2O3 ↓ ↓ 2 · 27g 152g y 20kg m = ? m = 20kg y=2 27 20⋅ ⋅ kg= kg∴ =y kg deA 152 2160 152 14 2, l
Concluímos que o Cr2O3 se encontra em excesso,
visto que, para consumir 5,4kg de Al, são necessários
apenas 14,5kg de Cr2O3. Logo, o Al é o reagente
limi-tante.
IV. Calcule a massa de Cr produzida:
2Al(s) + Cr2O3(s) Al2O3(s) + 2Cr(s) ↓ ↓ 2·27g 2·52g 5,4kg m m = 5,4kg m = ? reagente em excesso m=5 4 52⋅ kg= kg∴ =m kg deCr 27 2808 27 10 4 , , . A massa de Cr produzida é 10,4kg.
05 I. Identifique o reagente em excesso:
H2(M = 2g/mol), O2(M = 32g/mol), H2O(M = 18g/mol).
m = 10g m = 2kg
H2(g) + 1
2O2(g) H2O(g)
II. Considere o H2como reagente limitante:
H2 1 2O3 ↓ ↓ 2g 1 2·32g 10g x m = 10g m = ? x=10 16⋅ g= g∴ =x g de O 2 160 2 80 2.
III. Considere o O2 como reagente limitante:
H2 1 2O2 ↓ ↓ 2g 1 232g y 90kg m = ? m = 90kg y=2 90⋅ g= g∴ =y g de H 16 180 16 11 25, 2
Assim, concluímos que o O2 se encontra em excesso,
visto que, para consumir 10g de H2, são necessários
apenas 80g de O2. Logo, o H2 é o reagente limitante.
IV. Calcule a massa de H2O produzida:
m = 10kg m = ? reagente em excesso H2(g) + 1 2O2(g) H2O(g) ↓ ↓ 2g 18g 10g m m=10 18⋅ g= g∴ =m g de H O 2 180 2 90 2 .
Assim, a massa de H2O produzida é 90g.
06 I. Identifique o reagente em excesso:
NH3(M=17g/mol)
n = 27mol n = 10mol
3H2(g) + N2(g) 2NH3(g)
II. Considerando o H2 como reagente limitante, temos:
3H2 N2 ↓ ↓ 3mols 1mol 27mols n n = 27mols n = ? n=27 1⋅ mol∴ =n mol de N 3 9 2
III. Considere o N2 como reagente limitante:
3H2 N2 ↓ ↓ 3mols 1mol y 10mols n = ? n = 10mols y= ⋅3 10mols y∴ =30mol de H2. reagente em excesso
Assim, concluímos que o N2 se encontra em excesso,
visto que, para consumir 27mols de H2, são necessários
apenas 9mols de N2. Logo, o H2 é o reagente limitante
IV. Calcule a massa de NH3 produzida:
n = 27mols m = ? reagente em excesso 3H2(g) + N2(g) 2NH3(g) ↓ ↓ 3 mols 2·17g 27mols m m=27 2 17⋅ ⋅ g= g∴ =m g deNH 3 918 3 306 3.
Assim, a massa de NH3 produzida é 306g.
07 I. Identifique o reagente em excesso:
NaOH(M = 40g/mol), H2SO4(M = 98g/mol), H2O(M = 18g/mol)
m = 16g m = 20g
2NaOH(aq) + H2SO4(aq) Na2SO4(aq) + 2H2O(l) II. Considere o NaOH como reagente limitante:
2NaOH H2SO4 ↓ ↓ 2 · 40g 98g 16g x m = 16g m = ? x=16 98⋅ g= g∴ =x g de H SO 80 1568 80 19 6, 2 4.
III. Considere o H2SO4 como reagente limitante:
2NaOH H2SO4 ↓ ↓ 2 · 40g 98g y 20g m = ? m = 20g y=80 20⋅ g= g∴ =y g de NaOH 98 1600 98 16 32, .
Assim, concluímos que o H2SO4 se encontra em
excesso, posto que, para consumir 16g de NaOH, são
necessários apenas 16,32g de H2SO4. Logo, o NaOH é
o reagente limitante.
IV. Calcule a massa de H2O produzida:
2NaOH(aq) + H2SO4(aq) Na2SO4(aq) + 2H2O(l)
↓ ↓ 2 · 40g 2 · 18g 16g m m = 16g m = ? reagente em excesso m=16 18⋅ g= g∴ =m g deH O 40 288 40 7 2, 2 .
Assim, a massa de H2O produzida é 7,2g.
08 I. Identifique o reagente em excesso:
2SO2(g) + 1O2(g) 2SO3(g)
No de moléculas = 185
No de moléculas = 381
II. Considere o SO2 como reagente limitante.
2SO2 1O2 ↓ ↓ 2 moléculas 1 molécula 185 molécula x No de moléculas = 185 No de moléculas = ?
x=185mol culasdeO
2 2
é .
III. Considere o O2 como reagente limitante:
2SO2 1O2 ↓ ↓ 2 moléculas 1 molécula y 381 moléculas No de moléculas = ? No de moléculas = 381
y= ⋅2 381mol culasé ∴ =y 762mol culasé .
Assim, concluímos que o O2 se encontra em excesso,
visto que, para consumir 185 moléculas de 1O2, são
necessárias apenas 185
2 moléculas de O2. Logo, o SO2
é o reagente limitante.
IV. Cálculo do número de moléculas de SO3:
2SO2(g) + 1O2(g) 2SO3(g) ↓ ↓ 2 moléculas 2 moléculas 185 moléculas x No de moléculas = 185 No de moléculas = ? reagente em excesso
x= 185mol culas deSOé 3.
09 I. Identifique o reagente em excesso.
N2(M=28g/mol), H2(M=2g/mol), NH3(M=17g/mol):
N2(g) + 3H2(g) → 2NH3g
m = 140g m = 28g
II. Considere o H2 como reagente limitante:
N2 3H2 ↓ ↓ 28g 3 · 2g m 18g m = ? m = 18g x= ⋅ g= g∴ =x g de N g 28 18 6 504 6 84 2( ).
III. Considere o N2 como reagente limitante:
N2 3H2 ↓ ↓ 28g 6g 140g y m = 140g m = ? y= ⋅ g= g∴ =y g de H g 140 6 28 848 28 30 2( ).
Assim, concluímos que N2 se encontra em excesso,
visto que, para consumir 18g de H2, são necessários
apenas 84g de N2. Logo, o H2 é o reagente limitante.
IV. Calcule a quantidade máxima de NH3 produzida:
N2(g) + 3H2(g) 2NH3(g) ↓ ↓ 3·2g 2·17g 18g m m = 18g m = ? reagente em excesso m= g g m g deNH g ⋅ ⋅ ⋅ = ∴ = 18 2 17 3 2 306 3 102 3 ¨ . ( )
Assim, a quantidade máxima de NH3 produzida é 102g.
10 C
I. Balanceie e some as equações sucessivas para obten-ção da equaobten-ção global:
S8(s) + 8O2(g) 8SO2(g)
8SO2(g) + 4O2(g) 8SO3(g)
8SO3(g) + 8H2O(l) 8H2SO4(aq) + _______________________________
S8(s) + 12O2(g) + 8H2O(l) 8H2SO4(aq)
II. Calcule a massa de H2SO4 produzida a partir da
equa-ção global. S(M=32g/mol), H2SO4(M=98g/mol).
S8(s) + 12O2(g) + 8H2O(l) 8H2SO4(aq) ↓ ↓ 8 · 32g 8 · 98g 12,8 · 0,025kg m m = 12,8kg p = 2,5%=0,025 m = ? pureza dada m=12 8 0 025 98⋅ ⋅ kg= kg∴ =m kg de H SO 32 31 36 32 0 98 2 4 , , , , .
Assim, a massa de H2SO4 produzida é 0,98kg.
11 I. Balanceie e some as equações sucessivas para obten-ção da equaobten-ção global.
3Fe(s) + 4H2O(v) 4H2(g) + Fe3O4(s)
Fe3O4(s) + 4CO(g) 3Fe(s) + 4CO2(g)
+ _____________________________________________ 3Fe(s) + 4H2O(v) + 4CO(g) 3Fe(s) + 4H2(g) + 4CO2(g)
II. Calcular a massa de monóxido de carbono (CO) neces-sária a partir da equação global.
CO(M = 28g/mol), H2(M = 2g/mol).
3Fe(s) + 4H2O(v) + 4CO(g) 3Fe(s) + 4H2(g) + 4CO2(g)
↓ ↓
4 · 28g 4 · 2g
m 1 · 105kg
m = ? m = 1 · 105kg
Assim, a massa de CO necessária é 1,4·106kg de CO.
12 B
I. Some as equações sucessivas para obtenção da equa-ção global. 1 2Ca3P2(s) + 3H2O(l) 3 2Ca(OH)2(s) + PH3(g) + PH3(g) + 2O2(g) H3PO4(l) ________________________________________________ 1 2Ca3P2(s) + 3H2O(l) + 2O2(g) 3 2Ca(OH)2(s) + H3PO4(l)
II. Calcule a quantidade de matéria de H2O a partir da
equação global. 1 2Ca3P2 3H2O ↓ ↓ 1 2mol 3mols 0,5mol n n = 0,5mol n = ? n= 0 5 3⋅ mols∴ =n mols de H O 0 5 3 2 , , ..
III. Calcule a quantidade de matéria de O2 a partir da equação global. 1 2Ca3P2 2O2 ↓ ↓ 1 2mol 2mols 0,5mol n n = 0,5mol n = ? n= 0 5 2⋅ mols∴ =n mols de O 0 5 2 2 , , .
Assim, as quantidades de matéria de H2O e O2 são,
respectivamente, 3mols e 2mols.
01 I. Balanceie e some as equações sucessivas para obten-ção da equaobten-ção global.
6C(s) + 3O2(g) → 6CO(g)
6CO(g) + 2Fe2O3(s) → 4Fe(s) + 6CO2(g)
+_________________________________________ 2Fe2O3(s) + 6C(s) + 3O2(g) → 4Fe(s) + 6CO2(g) II. Calcule a massa de carvão (C) consumida a partir da
equação global. 6C(s) → 4Fe(s) ↓ ↓ 6 · 12g 4 · 56g m 1000kg m = 1ton = 1000kg m = ? m= ⋅ ⋅ kg kg m kg de C ⋅ = ∴ = 6 12 1000 4 56 72000 224 321 4, .
Assim, a massa de carvão (C) consumida é 321,4kg. 02 I. Some as equações sucessivas para obtenção da
equa-ção global. SO2 + H2O H+ + HSO– 3 HSO–3 + H+ + 1 2O2 2H+ + SO42– SO 42– + 2H+ + Ca(OH)2 CaSO4 · 2H2O + _____________________________________________ SO2 + 1 2O2 + Ca(OH)2 CaSO4 · 2H2O
II. Calcule a massa de gesso (CaSO4·2H2O) produzida a
partir da equação global.
SO2(M=64g/mol), CaSO4 · 2H2O(M=172g/mol)
Atividades Propostas
SO2 CaSO4 · 2H2O ↓ ↓ 64g 172g 192g m m = ? m = 192g m=192 172⋅ g= g∴ =m g de CaSO ⋅ H O 64 33024 64 516 4 2 2Assim, a massa de gesso produzida é 516g.
03 I. Some as equações sucessivas para obtenção da equa-ção global. S(s) + O2 SO2(g) SO2(g) + 1 2O2(g) SO3(g) + _________________________ S(s) + 3 2O2(g) SO3(g)
II. Calcule a massa de SO3 produzida a partir da equação
global. S(s) SO3(g) ↓ ↓ 32g 80 · 0,5g 64g m r = 50%=0,5 m = 64g m=? rendimento dado m=64 80 0 5⋅ ⋅ g= g∴ =m g de SO 32 2560 32 80 3 , .
Assim, a massa de SO3 produzida é 80g.
04 a) Calcule a massa de carbeto de cálcio (CaC2) a partir da
equação a seguir:
CaO(M = 56g/mol), CaC2(M = 64g/mol).
CaO + 3C CaC2 + CO ↓ ↓ 56g 64g 280,5g m m = 280,5g m=? m=280 5 64⋅ g= g∴ =m g de CaC 56 17952 56 320 57 2 , , .
Assim, a massa de CaC2 produzida é 320,57g.
b) Some as equação sucessivas para obtenção da equa-ção global.
CaO + 3C CaC2 + CO
CaC2 + 2H2O C2H2 + Ca(OH)2
+ __________________________________________
CaO + 3C + 2H2O C2H2 + CO + Ca(OH)2
Calcular a massa de gás acetileno (C2H2) a partir da
CaO(M = 56g/mol), C2H2(M = 26g/mol). CaO C2H2 ↓ ↓ 56g 26g 280,5g m m = 280,5g m=? m=280 5 26⋅ g= g∴ =m g de C H 56 7293 56 130 23 2 2 , , .
Assim, a massa de C2H2 produzida é 130,23g.
05 I. Identifique o reagente em excesso considerando a
água (H2O) como reagente limitante.
2Fe2S3(s) + 6H2O(l) + 3O2(g) → 4Fe(OH)3(s) + 6S(3)
↓ ↓ ↓
2mols → 6mols → 6mols x → 2mols → y
n = 1mol n = 2mols n = 3mols
II. x = ?
x
mol mol x mol de Fe S =2 2⋅ = ∴ = 6 6 6 0 67, 2 3 III. y = ? y mol mol x mol deO =2 3⋅ = ∴ = 6 6 6 1 2
Assim, concluímos que o Fe2S3 e o O2 se encontram em
excesso, posto que, para consumir 2mols de H2O, são
necessário apenas 0,67mol de Fe2S3 e 1mol de O2.
IV. Calcule a quantidade (em mols) de Fe(OH)3 produzida.
2Fe2S3(s) + 6H2O(l) + 3O2(g) 4Fe(OH)3(s) + 6S(s)
↓ ↓
6mols 4mols
2mols n
n = 1mol n = 2mols n = 3mols n = ?
reagente em excesso
n=2 4⋅ mol= mol∴ =n mol de Fe OH 6
8
6 1 33, ( ) .3
Assim, a quantidade de Fe(OH)3 (em mols) é 1,33.
06 a) Identifique o reagente em excesso:
N2 (M = 28g/mol), H2 (M = 2g/mol), NH3 (M=17g/mol)
N2(g) + 3H2(g) 2NH3(g)
n = 7g n = 3g m = ?
Considere o H2 como reagente limitante:
N2 3H2 ↓ ↓ 28g 3·2g x 3g m = ? m=3g x=28 3⋅ g= g∴ =x g de N 6 84 6 14 2.
Considere o N2 como reagente limitante:
N2 3H2 ↓ ↓ 28g 3·2g 7g y m = 7g m=? y=7 3 2⋅ ⋅ g= g∴ =y g de H 28 42 28 1 5, 2.
Assim, concluímos que o H2 se encontra em excesso,
visto que, para consumir 7g de N2, são necessário 1,5g
de H2. Logo, o N2 é o reagente limitante.
II. Calcule a massa de amônia (NH3) produzida:
3H2(g) + N2(g) catalizador 2NH3(g) ↓ ↓ 28g 2 · 17g 3g m m = 3g m = ? reagente em excesso m=3 2 17⋅ ⋅ g= ∴ =m g de NH 28 238 28 8 5, 3.
Logo, a massa de NH3 produzida é 8,5g.
b) Sim. O hidrogênio é o reagente em excesso. Calcule a massa em excesso do reagente (MER): MER = massa dada – massa que reage
↓ ↓
MER = 3,0g – 1,5g = 1,5g de H2
Assim, a massa em excesso do reagente é de 1,5g. 07 B
I. Identifique o reagente em excesso:
N2 + 3H2 catalizador 2NH3 n = 30mol
n = 75mol
II. Considere o N2 como reagente limitante:
N2 3H2 ↓ ↓ 1mol 3mol 30mol x n = 30mol n=? x= ⋅3 30mol x∴ =90mol de H2.
III. Considere o H2 como reagente limitante.
N2 3H2 ↓ ↓ 1mol 3mol y 75mol n = 75mol n=? y=75mol∴ =y mol de N 3 25 2.
Assim, concluímos que o N2 se encontra em excesso,
visto que, para consumir 75g de H2, são necessários
IV. Calcule a massa de amônia (NH3) produzida: N2 3H2 2NH3 ↓ ↓ 3mol 2mol 75mol n n = 75mol n=? reagente em excesso
n=75 2⋅ mol= mol∴ =n mol de NH 3
150
3 50 3
Assim, a quantidade de NH3 produzida, em mols,
teo-ricamente é 50. 08 C
I. Identifique o reagente em excesso:
2H2S + SO2 3S + 2H2O
n = 5mol n = 2mol
II. Considere o H2S como reagente limitante:
2H2S SO2 ↓ ↓ 2mol 1mol 5mol x n = 5mol n=? x=5mol∴ =x mol de SO 2 2 5, 2.
III. Considere o SO2 como reagente limitante:
2H2S SO2 ↓ ↓ 2mol 1mol y 2mol n = 2mol n=? y= ⋅2 2mol y∴ =4mol de H S2 .
Assim, concluímos que o H2S se encontra em excesso,
visto que, para consumir 2mols de SO2, são
necessá-rios 4mols de H2S. Logo, o SO2 é o reagente limitante. IV. Calcule a quantidade de matéria de enxofre
produ-zida. 2H2S + SO2 3S + 2H2O ↓ ↓ 1mol 3mol 2mol n n = 2mol n = ? reagente em excesso n= ⋅2 3mol∴ =n 6mol de S.
Assim, a quantidade de matéria de enxofre (S) produ-zida é 6mols.
09 D
I. Identifique o reagente em excesso:
CO(g) + 2H2(g) CH3OH(l)
m = 336g m = 60g
II. Considere o CO como reagente limitante:
CO 2H2 ↓ ↓ 28g 2 · 2g 336g x m = 336g m=? x=336 4⋅ g= g∴ =x g de H 28 1344 28 48 2.
III. Considere o H2 como reagente limitante:
CO 2H2 ↓ ↓ 28g 2 · 2g y 60g m = 60g m=? y=28 60⋅ g= g∴ =y g de CO 4 1680 4 420 .
Assim, concluímos que o H2 se encontra em excesso,
visto que, para consumir 336g de CO, são necessários
48g de H2. Logo, o CO é o reagente limitante.
IV. Calcule a massa de metanol (CH3OH) produzida:
CO(g) + 2H2(g) CH3OH(l) ↓ ↓ 28g 32g 336g m m = 336g m = ? reagente em excesso m=336 32⋅ g= g∴ =m g de CH OH 28 10752 28 384 3 .
Assim, a massa máxima de metanol (CH3OH)
produ-zida é 384g e o reagente em excesso é H2.
10 C
I. Identifique o reagente em excesso:
NaOH(M = 40g/mol), H2SO4(M = 98g/mol),
H2O(M = 18g/mol) e Na = 6,02 · 1023mol–1
NaOH(aq) + H2SO4(aq) Na2SO4(aq) + 2H2O(l) m = 80g
m = 98g
II. Considere o NaOH como reagente limitante:
2NaOH H2SO4 ↓ ↓ 2 · 40g 98g 80g x m = 80g m=? x= 80 98⋅ g∴ =x g de H SO 80 98 2 4.
III. Considere o H2SO4 como reagente limitante: 2NaOH H2SO4 ↓ ↓ 2 · 40g 98g y 98g m = 98g m=? y= 98 80⋅ g∴ =y g de NaOH 98 80 .
Assim, concluímos que não há reagente em excesso, visto que, para consumir 80g de NaOH, são necessá-rios 98g de H2SO4.
IV. Calcule a massa de água (H2O) produzida:
2NaOH 2H2O ↓ ↓ 2 · 40g 2 · 18g 80g m m = 80g m=? m= 80 36⋅ g∴ =m g de H O 80 36 2 .
Assim, a massa de H2O produzida é 36g.
V. Calcule o número de moléculas de H2O produzidas:
2NaOH 2H2O ↓ ↓ 2 · 40g 2 · 6,02 · 1023 moléculas 80g x m = 80g no de moléculas = ? x x ou x mol culas = ⋅ ⋅ ⋅ ∴ = ⋅ ∴ = ⋅ 80 2 6 02 10 80 12 04 10 1 204 10 23 23 24 , , , é
VI. Calcule a quantidade de matéria de H2O produzida:
2NaOH 2H2O ↓ ↓ 2 · 40g 2mol 80g n m = 80g n = ?
n= 80 2⋅ mol∴ =n mol de mol culas de H O
80 2 é 2 .
Assim, a quantidade de água obtida é 1,204 · 1024 moléculas.
11 I. Identifique o reagente em excesso:
6CO2 + 6H2O → C6H12O6 + 6O2
m = 13,2g m = 10g
clorofila
II. Considere a água (H2O) como reagente limitante:
6CO2 6H2O ↓ ↓ 6 · 44g 6 · 18g x 10g m = 10g m=? x=44 10⋅ g= g∴ =x g de CO 18 440 18 24 4, 2.
Assim, concluímos que a H2O se encontra em excesso,
posto que, para consumir 13,2g de CO2, são
necessá-rias apenas 5,4g de H2O. Logo, o CO2 é o reagente
limitante.
III. Calcule a massa de glicose (C6H12O6) obtida:
6CO2 + 6H2O C6H12O6 + 6O2 ↓ ↓ 6 · 44g 180g 13,2g m m = 13,2g m = ? clorofila reagente em excesso m= ⋅ g g m g de C H O ⋅ = ∴ = 13 2 180 6 44 2376 264 8 96 6 12 6 , , .
Assim, a massa de glicose obtida é 8,96g. 12 C
I. Some as equações sucessivas para obtenção da equa-ção global: CaCO 3(s) CaO(s) + CO2(g) CaO(s) + SO2(g) CaSO3(s) +_____________________________________ CaCO3(s) + SO2(g) CaSO4(s) + CO2(g)
CaCO3 (M = 100g/mol), SO2(g) (M = 64g/mol)
II. Calcule a massa de calcário (CaCO3) consumida por
hora: CaCO3 SO2 ↓ ↓ 100g 64g m 12,8kg m = 12,8kg m = ? m=100 12 8⋅ kg= kg∴ =m kg de CaCO hora 64 1280 64 20 3 , / .
III. Calcule a massa de calcário (CaCO3) consumida por dia:
1hora 20kg
(1 dia) 24horas m
m=24 20⋅ kg∴m=480kg de CaCO dia3/ .
Assim, a massa mínima de CaCO3, por dia, necessária
é 480kg. 13 D
I. Supondo-se a formação do N2O3, citado nas
alternati-vas A e E.
• Identifique o reagente em excesso:
N2(M=28g/mol), O2(M=32g/mol).
2N2 + 3O2 2N2O3
m = 32g m=20g
Suponha N2 como reagente limitante.
2N2 3O2 ↓ ↓ 2 · 28g 3 · 32g 20g x m = 20g m=? x= ⋅ ⋅ g g x g de O ⋅ = ∴ = 20 3 32 2 28 1920 56 34 28, 2.
Suponha O2 como reagente limitante:
2N2 3O2 ↓ ↓ 2 · 28g 3 · 32g y 32g m = 32g m=? y=2 28⋅ g= g∴ =y g de N 3 56 3 18 7, 2.
Assim, concluímos que o N2 se encontra em excesso,
visto que, para consumir 32g de O2, são necessários
apenas 18,7g de N2.
Calcule a massa de N2 que está em excesso:
Massa de N2 em excesso = 20 – 18,7g = 1,3g de N2
• Calcule a massa de N2O3 produzida:
2N2 + 3O2 2N2O3 ↓ ↓ 3 · 32g 2 · 76g 32g m m = 32g m = ? reagente em excesso m=2 76⋅ g= g∴ =m g de N O 3 152 3 50 6, 2 3.
Assim, concluímos que a alternativas A e E estão incorretas.
II. Supondo-se a formação do NO citado nas alternativas B e C.
• Identifique o reagente em excesso:
N2 + O2 2NO
m = 32g m=20g
Suponha N2 como reagente limitante:
N2 O2 ↓ ↓ 28g 32g 20g x m = 20g m=? x=20 32⋅ g= g∴ =x g de O 28 640 28 22 8, 2.
Suponha O2 como reagente limitante:
N2 O2 ↓ ↓ 28g 32g y 32g m = 32g m=? y= 32 28⋅ g∴ =y g de N 32 28 2.
Assim, concluímos que o O2 se encontra em excesso,
posto que, para consumir 20g de N2, são necessários
apenas 22,8g de O2.
Calcule a massa de O2 que está em excesso:
Massa de O2 em excesso = 32g – 22,8g = 9,2g de O2.
• Calcule a massa de NO produzida.
N2 O2 2NO ↓ ↓ 28g 2 · 30g 20g m m = 20g m=? m=20 2 30⋅ ⋅ g= ∴ =m g de NO 28 1200 28 42 8, .
Assim, concluímos que as alternativas B e C são incorretas.
reagente em excesso
III. Supondo-se a formação do NO2 citado na alternativa D. • Identifique o reagente em excesso:
N2 + 2O2 2NO2
m = 32g m=20g
Suponha N2 como reagente limitante:
N2 2O2 ↓ ↓ 28g 2 · 32g 20g m m = 20g m=? m g g m g de O = ⋅ ⋅ = ∴ = 20 2 32 28 1280 28 45 7, 2
Supondo O2 como reagente limitante:
N2 2O2 ↓ ↓ 28g 2·32g y 32g m = 32g m=? y=28g∴ =y g de N 2 14 2.
Assim, concluímos que o N2 se encontra em excesso,
posto que, para consumir 32g de O2, são
necessá-rios apenas 14g de N2.
Calcule a massa de N2 que está em excesso:
Massa de N2 em excesso = 20g – 14g = 6g de N2
• Calcule a massa de NO2 produzida:
N2 → 2O2 2NO2 ↓ ↓ 2 · 32g 2 · 46g 32g m m = 32g m=? reagente em excesso m= 46g de NO2.
Portanto, a alternativa D está correta. 14 A
I. Identifique o reagente em excesso:
CaO(M=56g/mol), NH4Cl(M=53,5g/mol).
CaO(s) + 2NH4Cl(s) 2NH3(g) + H2O(g) + CaCl2(s) m = 224g
m=112g
II. Considere o CaO como reagente limitante:
CaO 2NH4Cl ↓ ↓ 56g 2 · 53,5g 112g x m = 112g m=? x g g g x g de NH C = ⋅ ⋅ = ⋅ = ⋅ ∴ = 112 2 53 5 56 224 53 5 56 4 53 5 214 4 , , , l
III. Considere o NH4Cl como reagente limitante:
CaO 2NH4Cl ↓ ↓ 56g 2 · 53,5g y 224g m = 224g m=? y g g y g de CaO = ⋅ ⋅ = ∴ = 56 224 2 53 5 12544 107 117 23 , ,
Assim, concluímos que o NH4Cl se encontra em
excesso, visto que, para consumir 112g de CaO, são
necessários 117,23g de NH4Cl. Logo, o CaO é o
rea-gente limitante.
IV. Calcule a massa de amônia (NH3) produzida:
reagente em excesso CaO(s) + 2NH4Cl(s) 2NH3(g) + H2O(g) + CaCl2(g) ↓ ↓ 56g 2 · 17g 112g m m = 112g m=? m= 112 2 17⋅ ⋅ g= ⋅ ⋅ g m∴ = g de NH 56 2 2 17 68 3.
Assim, a massa de NH3 produzida é 68g.
15 A
I. Identifique o reagente em excesso:
Al(M=27g/mol), Cl2(M=71g/mol), AlCl3(M=135,5g/mol)
2Al(s) + 3Cl2(g) 2AlCl3(s) m = 4g
m=2,7g
II. Considere o Al como reagente limitante:
2Al 3Cl2 ↓ ↓ 2 · 27g 3·71g 2,7g x m = 2,7g m=? x g g g x g de C = ⋅ ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ ⋅ = ∴ = 2 7 3 71 2 27 27 3 7 1 2 27 21 3 2 10 65 2 , , , , l .
III. Considere o Cl2 como reagente limitante: 2Al 3Cl2 ↓ ↓ 2 · 27g 3 · 71g y 4g m = 4g m=? y g g y g de A = ⋅ ⋅ ⋅ = ∴ = 2 27 4 3 71 216 213 1 01, l.
Assim, concluímos que o Al se encontra em excesso,
visto que, para consumir 4g de Cl2, são necessários
1,01 de Al. Logo, o Cl2 é o reagente limitante.
IV. Calcule a massa de cloreto de alumínio (AlCl3)
produ-zida: reagente em excesso 2Al + 3Cl2(g) 2AlCl3(s) ↓ ↓ 3 · 71g 2 · 133,5g 4g m m = 4g m=? m= ⋅ ⋅ g g m g de A C ⋅ = ∴ = 4 2 133 5 3 71 1068 213 5 01 3 , , l l .
Assim, a massa de AlCl3 produzida é 5,01g.
16 E
I. Balanceie e some as equações sucessivas para obten-ção da equaobten-ção global:
4FeS
2 + 11O2 2Fe2O3 + 8SO2
8SO2 + 4O2 8SO3
8SO
3 + 8H2O 8H2SO4
+ ________________________________________
4FeS2 + 15O2 + 8H2O 8H2SO4 + 2Fe2O3
II. Calcule a massa de H2SO4 produzida a partir da
equa-ção global:
FeS2 (M = 120g/mol), H2SO4 (M = 98g/mol).
4FeS2 + 15O2 + 8H2O → 8H2SO4 + 2Fe2O3
↓ ↓ 4 · 120g 8 · 98g 60kg m m = ? m = 60kg m= ⋅ ⋅ kg kg m kg de H SO ⋅ = ∴ = 6 8 98 4 12 4704 48 98 2 4.
Assim, a massa de H2SO4 produzida é 98kg.
17 B
I. Identifique o reagente em excesso:
C4H10(M=58g/mol), O2(M=32g/mol), H2O(M=18g/mol)
2C4H10 + 13O2 → + 8CO2 + 10H2O
m = 10g m=10g
II. Considere o CH4 como reagente limitante:
2CH4 13O2 ↓ ↓ 2 · 58g 13 · 32g 10g x m = 10g m=? x g g x g de CH = ⋅ ⋅ ⋅ = ∴ = 10 13 32 2 58 4160 116 35 8, 4
III. Considere o O2 como reagente limitante:
2CH4 13O2 ↓ ↓ 2 · 58g 13 · 32g y 10g m = 10g m=? y g g y g de O = ⋅ ⋅ ⋅ = ∴ = 2 58 10 13 32 1160 416 2 7, 2
Assim, concluímos que o CH4 se encontra em excesso,
visto que, para consumir 10g de O2, são necessários
apenas 2,7g de O2. Logo, o O2 é o reagente limitante.
IV. Calcule a massa de água (H2O) produzida:
2C4H10 + 13O2 8CO2 + 10H2O ↓ ↓ 13 · 32g 10 · 18g 10g m m = 10g reagente em excesso m= ⋅ ⋅ g g m g de H O ⋅ = ∴ = 10 10 18 13 32 1800 416 4 3, 2 .
Assim, a massa de H2O produzida é 4,3g
18 B I. Equação da reação: 2Na(s) + Cl2(g) 2NaCl(s) ou Na(s) + 1 2Cl2( )g NaCl(s)
II. Identifique o reagente em excesso:
Na(M=23g/mol), Cl2(M=71g/mol).
m = 1g m=1g
2Na(s) + Cl2(g) 2NaCl(s)
III. Considere o sódio (Na) como reagente limitante:
2Na Cl2 ↓ ↓ 2 · 23g 2 · 35,5g 1g x m = 1g m=? x=35 5g∴ =x g de C 23 1 543 2 , , l
IV. Considere o cloro (Cl2) como reagente limitante: 2Na Cl2 ↓ ↓ 2 · 23g 2 · 35,5g y 1g m = 1g m=? y= 23g∴ =y g de Na 35 5, 0 647,
Assim, concluímos que o Na se encontra em excesso,
posto que, para consumir 1g de Cl2, são necessários
0,647g de Na. Logo, o Cl2 é o reagente limitante.
V. Calcule a massa de Na em excesso:
Massa de Na em excesso = massa dada – massa que reage
Massa de Na em excesso = 1g – 0,647g = 0,362g Assim, há excesso de 0,647g de sódio (Na). 19 E
I. Equação da reação:
2H2(s) + O2(g) 2H2O(g) ou H2(g) + 1
2O2( )g H2O(g)
II. Identifique o reagente em excesso:
m = 2g m=32g
2H2(g) + O2(g) 2H2O(g)
Considere o H2 como reagente limitante:
2H2 O2 ↓ ↓ 2 · 2g 32g 2g x m = 2g m=? x=32g∴ =x g de O 2 16 2
Considere o O2 como reagente limitante:
2H2 O2 ↓ ↓ 2 · 2g 32g y 32g m = 32g m=? y= ⋅ ∴ =2 2g y 4g de H2
Assim, concluímos que o O2 se encontra em excesso,
posto que, para consumir 2g de H2, são necessários
apenas 16g de O2. Logo, o H2 é o reagente limitante.
III. Calcule a massa de O2 em excesso:
Massa de O2 em excesso = massa dada – massa que
reage
Massa de O2 em excesso = 32g – 16g = 16g
Assim, a massa de O2 em excesso é 16g.
IV. Calcule a massa de água (H2O) produzida:
2H2(g) + O2 2H2O(g) ↓ ↓ 2 · 2g 2 · 18g 2g m m = 2g m=? reagente em excesso m g m g de H O = ⋅ ∴ = 2 18 2 18 2
Logo, há excesso de 16g de O2 e são produzidos 18g
de água (H2O). 20 E
I. Equação da reação:
H2SO4(aq) + 2NaOH(aq) Na2SO4(aq) + 2H2O(l) II. Identifique o reagente em excesso:
H2SO4(M=98g/mol)
NaOH(M=40g/mol)
H2O(M=18g/mol)
m = 40g m = ?
H2SO4(aq) + 2NaOH(aq) Na2SO4(aq) + 2H2O(l)
III. Considere o H2SO4 como reagente limitante:
H2SO4 2NaOH ↓ ↓ 98g 2 · 40g 40g x m = 40g m = ? x g x g de NaOH = ⋅ ⋅ = ∴ = 40 2 40 98 3200 98 32 65,
IV. Considere o NaOH como reagente limitante:
H2SO4 2NaOH ↓ ↓ 98g 2 · 40g y 40g m = ? m = 40g y=98g∴ =y g de H SO 2 49 2 4
Assim, concluímos que o NaOH se encontra em
excesso, posto que, para consumir 40g de H2SO4, são
necessários apenas 32,65g de NaOH. Logo, o NaOH é o reagente limitante.
V. Calcule a massa de NaOH em excesso:
Massa de NaOH em excesso = massa dada – massa que reage
Massa de NaOH em excesso = 40g – 32,65g = 7,35g Logo, a massa de NaOH em excesso é
21 I. Some as equações sucessivas para obtenção da equa-ção global: rendimento dado C6H6 + H2SO4(conc) ∆ C6H5SO3H + H2O r = 80% = 0,8 ácido benzeno--sulfônico benzeno rendimento dado C6H5SO3H + NaOH(aq) C6H5SO3Na + H2O r = 60% = 0,6 benzeno-sulfonato de sódio ácido benzeno--sulfônico rendimento dado C6H5SO3Na + NaOH(aq) C6H5OH + Na2SO3 r = 70% = 0,7 benzeno-sulfonato de sódio fenol ∆ CaO + _____________________________________________________ fenol C6H6 + H2SO4 + 2NaOH C6H5OH + Na2SO3 + 2H2O benzeno
II. Calcule a massa de fenol obtida:
p = 75% = 0,75 rt = 0,8 · 0,6 · 0,7 = 0,336 m = 520kg pureza dada m = ? C6H6 + H2SO4 + 2NaOH C6H5OH + Na2SO3 + 2H2O ↓ ↓ 78g 94 · 0,336g 520 · 0,75kg m m kg kg m g de C H OH = ⋅ ⋅ ⋅ = ∴ = 520 0 75 94 0 336 78 12317 76 78 157 92 6 5 , , , ,
produto dos rendimentos dados
Assim, a massa de final obtida é 157,92kg. 22 a. Identifique o reagente em excesso:
C2H2(M=26g/mol) HCl(M=36,5g/mol) C2H3Cl(M=62,5g/mol) C2H2 + HCl C2H3Cl m = 51g m=35g
Considere o C2H2 como reagente limitante.
C2H2 HCl ↓ ↓ 26g 36,5g 35g x m = 35g m=? x g g x g de HC = ⋅ = ∴ = 35 36 5 26 1277 5 26 49 13 , , , l
Considere o HCl como reagente limitante:
C2H2 HCl ↓ ↓ 26g 36,5g y 51g m = 51g m=? y g g y g de C H = ⋅ = ∴ = 26 51 36 5 1326 36 5 36 32 2 2 , , ,
Assim, concluímos que o HCl se encontra em excesso,
posto que, para consumir 35g de C2H2, são necessários
apenas 49,13g de HCl. Logo, o C2H2 é o reagente
limi-tante.
Assim, a massa de fenol obtida é 125,92kg. b. Calcule a massa de C2H3Cl formada:
C2H2 C2H3Cl ↓ ↓ 26g 62,5g 35g m m = 35g m=? m g g m g de C H C = ⋅ = ∴ = 35 62 5 26 2187 5 26 84 13 2 5 , , , l
Logo, a massa de C2H3Cl formada é 84,13g.
23 I. Balanceie e some as equações sucessivas para obten-ção da equaobten-ção global:
4NO2(g) + 4 3H O2 ( )g 8 3HNO3(aq) + 4 3NO( )g r = 82% = 0,82 4NH3(g) + 5O2(g) 4NO(g) + 6H2O(g) r = 82% = 0,82 4NO(g) + 2O2(g) 4NO2(g) r = 82% = 0,82 + _____________________________________________________ 4NH3(g) + 7O2 (g) + 4 3H O2 ( )l 8 3HNO3(aq) + 4 3NO( )g
II. Calcule a massa de HNO3 produzida:
NH3(M=17g/mol), HNO3(M=63g/mol).
rt = 0,82 · 0,82 · 0,82 = 0,551368 m = 1 · 104 = 10.000g rendimento dado m = ? 4NH3(g) + 7O2(g) + 4 3H O2 ( )l → 8 3HNO3(aq) + 4 3NO( )g ↓ ↓ 4·17g 8 3· 63g · 0,551368 10.000g m m g g g m = ⋅ ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ ⋅ = ∴ 10 000 8 3 63 4 17 10 000 8 21 0 551368 68 926298 24 68 . . , , ==13622 1 36 10⋅ 4 3 g ou , g de HNO
Assim, a massa de ácido nítrico (HNO3) obtida é 1,36 · 104g.
24 I. Identifique o reagente em excesso: 2KO2(s) + 2H2O(l) 2KOH(aq) + O2(g) + H2O2(l)
Considere a H2O como reagente limitante:
2KO2 2H2O ↓ ↓ 2mol 2mol x 0,10mol n = 0,10mol n=? x mol x mol de KO = ⋅ ∴ = 2 0 10 2 0 10 2 , ,
05 E
Considerando que o volume e a temperatura mantenham--se constantes, o fator que pode aumentará a pressão é a
injeção de maior quantidade de matéria. Assim,P n.α
06 E
Se o saco preso ao balão é permeável, haverá dissolução do sal contido em seu interior. Assim, por difusão, deverá ocorrer passagem do soluto para fora, liberando o balão que se apresenta menos denso e sobe.
07 D
Lei de Charles: V α T. 08 E
I. Considerando a equação de Clapeyron (a ser vista no próximo capítulo), temos:
M e P são iguais P V =m MRT P V =m M RT m T V = m T V m 300 1 = 3m 1 1 1 1 1 2 2 2 2 2 1 1 1 2 2 2 1 ⋅ ⋅ ⇔ ⇔ ⋅ 11 2 2 T 4 T = 400K ⋅ ⇒ 09 D P V = P V P 1= 0,9 P V V =1,1L 1 1 2 2 1 1 2 2 ⋅ ⋅ 10 B V T = V T V T = 7 4 V T T = 7 4T 1 1 2 2 1 1 1 2 2 1 ⇔ ⇒ 11 B
Os gases apresentam a propriedade da expansibilidade e da compressibilidade. Desse modo, ocupam um volume
maior. Entre os itens, o CO2 é o único gás.
Atividades Propostas
01 O volume é diretamente proporcional à temperatura. Desse modo, durante o dia, a maior temperatura dilata o ar, aumentando o volume.
02 2500 1500 V1 200 300 T3 T (K) V (cm³)
Atividades para Sala
Capítulo 27
Estudo dos gases I
01 B
O aumento da temperatura faz com que o ar presente dentro do balão sofra expansão. Como consequência, haverá diminuição de densidade. O interior do balão pas-sará a ter menor número de moléculas de ar por unidade de volume. 02 B PV T = P V T = P V T P = V = 2 V P(2V + V ) = 3 P 2V +P V 3 V P A A B B A B A B B B B B B B B 3⋅ ⋅ ⋅ P = = 7P V P =7 3P B⋅ B B 03 C
a) (F) A massa não muda.
b) (F) Ec depende da temperatura.
c) (V) Porque o volume foi reduzido.
d) (F) A molécula não pode mudar de volume. e) (F) O gás ideal não apresenta força intermolecular. 04 A
O volume do sistema gasoso é diretamente proporcional à temperatura.
Considere o KO2 como reagente limitante:
2KO2 2H2O ↓ ↓ 2mol 2mol 0,15mol y n = 0,15mol n=? y mol y mol deH O = ⋅ ∴ = 0 15 2 2 0 15 2 , ,
Assim, concluímos que o KO2 se encontra em excesso,
posto que, para consumir 0,10mol de H2O, são
neces-sários apenas 0,10mol de KO2. Logo, o H2O é o
rea-gente limitante.
II. Calcule a quantidade de O2 (em mols) produzida:
2KO2(s) + 2H2O(l) 2KOH(aq) + O2(g) + H2O2(l)
↓ ↓ 2mol 1mol 0,1mol n n = 0,10mol reagente em excesso n=?
n=0 1 1⋅ mol= mol∴ =n mol de O 2
0 1
2 0 05 2
, ,
,
II. V T = V T V 200= 1500 300 V = 1000cm III.V T = V T 15 00 30 1 1 2 2 1 5 1 3 2 2 3 3 ⇔ ⇒ ⇔ 00 = 25 00 T3 T = 500K 3 ⇒ 03 1,5L 1,0atm 300K 1,5L P2 330K a) P T = P T 1 300= P 330 P = 1,1atm 1 1 2 2 2 2 ⇔ ⇒
b) P = 1atm.É a mesma da pressão atmosférica.
04 V, V, F, V, F (V) Lei de Charles, V Tα . (V) Lei de Boyle, V 1 P α . (F) Lei de Gay-Lussac, P Tα .
(V) O aumento do número de mols provoca aumento da pressão quando o volume é constante.
(F) Se P1 é maior do que P2, haverá passagem da esquerda
para a direita. 05 C
I. 1 a 2 é isotérmico. IV. 4 a 2 é isotérmico. II. 2 a 3 é isométrico. V. 3 a 4 é isobárico. III. 3 a 4 é isobárico.
06 C
A pressão do gás contido no pneu é diretamente pro-porcional à temperatura. Assim, o aquecimento aumenta a aderência do pneu ao asfalto, ou seja, a pressão. 07 E I. Observe o gráfico: 3 2 1 10 20 30 2 3 1 P T 300 k V II. V T V T 1 1 2 2 = ⇔ 10 = ⇒ = 300 20 600 2 2 T T K
III. Considerando os pontos no gráfico, o item E está
cor-reto, pois P2é 2atm, já que a transformação é isobárica.
08 B
Pode-se considerar que a pressão total de inspiração deve ser igual à de expiração. Assim, tem-se:
157,9 + 0,2 + 590,2 + 7,0 + 4,7 = 115 + x + 560,1+ 6,6 + 46,6 x = 31,7 mmHg
09 B
I. H2 são dois átomos por cada molécula.
II. O2 são dois átomos por cada molécula.
III. H2O são dois átomos de hidrogênio unidos a oxigênio.
10 B
A pressão e o volume são grandezas inversamente
pro-porcionais quando a temperatura mantém-se constante. Desse modo:
I. PαV1 , se o gráfico for P em função de 4v deve
produ-zir uma reta.
II. PV
T , se P ou V variam deve manter-se constante.
O item B está errado porque P
Vem função de V é constante.
11 B
I. Deve-se ter a reação balanceada para poder aplicar a estequiometria. II. 1N + 3 H2(g) 2 NH 4 volumes 2(g) 3(g) 1,5 → L III. 4L 2L V 1,5L V = 3L → → ⇒ 12 A
O que permite a flutuação do hélio é o fato de sua massa específica ser inferior a do ar atmosférico.
13 C
Considerando a temperatura constante, a pressão é inversamente proporcional ao volume. Portanto, se houve expansão (aumento de volume), a pressão deve diminuir com as moléculas, encontrando-se mais afastadas. 14 B
Avogadro considera que, para o mesmo número de moléculas, deve-se ter o mesmo volume.
15 D
Lei de Boyle: em uma transformação isotérmica, a pressão e o volume são grandezas inversamente proporcionais. 16 D
Um gás real assume um comportamento idealizado em altas temperaturas e baixas pressões, porque tais condi-ções impedem que haja alguma possibilidade de intera-ção entre as partículas.
17 E
Nas mesmas condições de pressão e temperatura, deve-se ter o mesmo número de moléculas.
Capítulo 28
Estudo dos gases II
Atividades para Sala
01 Considerando que a Lei de Avogadro relaciona-se com o número de moléculas e com o volume, pode-se utilizá-la na determinação (demonstração) na equação de Clapeyron.
V nα ⇔PV = nRT 02 A m = ? V = 9,84L T = 27 + 273 = 300K P = 5atm Ar = (M = 40g/mol)
Com esses dados, usamos a equação de Clapeyron:
PV = nRT ou PV = m MRT ∴ = = ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ∴ = m PVm RT atm L g mol atm L mol K K m g 5 9 84 40 0 082 300 1968 24 , / , / ,,6 ∴ =m 80g de Ar
Assim, a massa do gás argônio contida no cilindro é 80g. 03 A P = ? V = 8,2L T = 27 + 273 = 300K R = 0,082atm · L/mol · K O2 = (M = 32g/mol) m = 9,6g PV m M P P = ∴ = ∴ = ∴ = RT 9,6 0,082 300atm 32 8,2 P ,9atm · · · , , 236 16 262 4 0 04 E P = ? m= 4,4g V = 44,8L CO2 (M = 44g/mol) T = 273 + 273 = 546K R = 0,082atm · L/mol · K
Com esses dados, fazemos uso da equação de Clapeyron:
PV = nRT ou PV = m MRT ∴ = = ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ∴ = ⋅ P mRT VM atm L mol K K L g mol P 4 0 082 546 44 8 44 44 0 08 , , / , / , 4g 22 54 6 44 8 44 4 4772 44 8 0 09 ⋅ ⋅ = ∴ = , , , , , atm atm P atm
Assim, a pressão do gás carbônico é 0,09atm. 05 C M = ? m= 135g V = 3L P = 5atm R = 0,082atm · L/mol · K T = 27 + 273 = 300K
Com esses dados, usaremos uso da equação de Clapeyron:
PV = nRT ou PV = m MRT ∴ = = ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ∴ = ∴ M mRT PV g atm L mol K K atm L M g mol M 135 0 082 300 5 3 3321 15 , / / == 221 4, g mol/
Assim, a massa molar da substância é 221,4g/mol. 18 C
O aumento da temperatura eleva o número de choques das partículas contra as paredes do recipiente (botijão). Tal fato pode provocar acidentes. Entretanto, o aqueci-mento não altera o número de mols.
19 A
Pelo gráfico, o volume e a pressão são inversamente proporcionais. Desse modo, o produto P × V permanece constante.
20 V, F, F, F
(V) Em volume constante, P e T são diretamente propor-cionais.
(F) A densidade torna-se menor com o aumento da tem-peratura.
(F) O volume é fixo.
(F) O volume molar é constante. 21 F, F, V, V
(F) As pressões das duas isobáricas são diferentes. (F) É um mol para ambas.
(V) Isobárica. (V) Pelo gráfico, sim. 22 A
Lei de Boyle: se T é constante, P 1
V α . 23 A
06 A n = 4mol P = 2,4atm T = 300K V = ? R = 0,082atm · L/mol · K
Com esses dados, usamos a equação de Clapeyron:
PV = nRT ∴ = = ⋅ ⋅ ⋅ ⋅
∴ = ∴ =
V nRT P
mol atm L mol K K atm V L V L 4 0 082 300 2 4 98 4 2 46 40 , / , , , CCO
Assim, o volume ocupado pelo gás CO é 40L. 07 A n = ? V = 1L P = 22,4atm T = 273K R = 0,082atm · L/mol · K
Com esses dados, usamos a equação de Clapeyron:
PV = nRT ∴ = = ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ∴ = ∴ = n PV RT atm K atm L mol K K n mol n 22 4 1 0 082 273 22 4 22 386 , , / , . 11mol de SO2
Assim, a quantidade de matéria de dióxido de enxofre é 1mol. 08 C m = 29g V = 8,20L T = 127+273 = 400K P = 1520mmHg R = 62,3mmHg M = ?
Com esses dados, usamos a equação de Clapeyron:
PV = nRT ou PV = m MRT ∴ = = ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ∴ = M mRT PV g mm Hg L mol K K mm Hg L M 29 62 3 400 1520 8 20 722 6 , / / / , . 880 12 464 57 9 g mol M / . ∴ = , g/mol
Assim, a massa molar do provável gás é 58,0g/mol. 09 E V = 5L m = 3kg = 3000g V = ? T = 25 + 273 = 298K P = 1atm R = 0,082atm · L/mol · K C3H8 (M = 44g/mol)
Com esses dados, usamos a equação de Clapeyron:
PV = nRT ou PV = m MRT ∴ = = ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ∴ = V mRT Pm g atm L mol K K atm g mol V L 3000 0 082 298 1 44 73308 4 , / / 44 ∴ =V 1666L de C H3 8
Assim, o volume que deve ter a quantidade de C3H8 é
1666L. 10 C m = 30g V = 12,3L T = 327 + 273 = 600K P = 3atm M = ? R = 0,082atm · L/mol · K
Com esses dados, usamos a equação de Clapeyron:
PV = nRT ou PV = m MRT ∴ = = ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ∴ = M mRT PV g atm K K atm L M 30 0 082 600 3 12 3 1476 36 , , L /mol g/mol ,,9 ∴ =M 40g/mol
Assim, a massa molar dessa substância é 40g/mol. 11 A m = 4,4kg ou 4400g CO2(M = 44g/mol) V = ? T = 27 + 273 = 300K P = 1atm R = 0,082atm · L / mol · K
Com esses dados, usamos a equação de Clapeyron:
PV = nRT ou PV = m MRT ∴ = = ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ∴ = V mRT PM g atm L mol K K atm V L 4400 0 082 300 1 44 108240 , / g/mol 444 ∴ =V 2460L de CO2
Assim, o volume máximo de gás que é liberado na atmos-fera é 2460L
Atividades Propostas
01 I. Calcule a quantidade de matéria do gás N2 produzido: P = 2atm V = 50L T = 27 + 273 = 300K R = 0,082atm · L / mol · K PV = nRT n PVRT n mol de N = = ⋅ = = ∴ = 2 50 0 082 300 100 8 2 3 100 24 6 4 06 2 , , , , · ·